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分层突破训练答案精解精析11.D5名顾客都领取一件礼品，有3=24315.解析(1)由题图知，一名篇目A的读种情况，若恰有3人领取的礼品种类相者，他退出页面时的阅读量大于文章总中随机取出一个红球，则P(A)=弓，P(C同，则先从5人中选取3人，有C;=10种量的80%的概率为0.30+0.10=0.4031选法，再从三类礼品中领取一件，有C!=(2)阅读量没有达到30%即阅读量为10%1A)=62P(B)=2,P(C1B)=23种情况，另外2人从剩下的两类礼品中和20%，由题图知两者频率相等，因此抽取1任意选择，有2×2=4种选法，由分步乘的6人中，阅读量为10%和20%的各有33,所以P(C)=P(A)P(C1A)+P(B)P(C法计数原理可得共有10×3×4=120种情人，记阅读量为10%的读者的编号分别为,121-13况，故恰有3人领取的礼品种类相同的A,B,C,阅读量为20%的读者的编号分别为1B)=×2+5×30故选B熹率是器智放法Da,b,c,任取2人的基本事件有AB,AC,Aa)7.BC由题意得，样本空间2={1,2,3,4，Ab,Ac,BC,Ba,Bb,Bc,Ca,Cb,Cc,ab,ac,bc5,6,7,8},n(2)=8,n(A)=n(B)=n(C)12.C由题意得f'(x)=ax2+2bx+1=0有两共15个，其中2人阅读量均为10%的有AB,同理P(B)个不等根，则有4=462-4a>0,解得62>a=4,P(A)=nA-43-1n(2)8=2a,b分别是从1,2,3中任取的一个数，表AC,BC,共3个，故所求概率P=5了示为(a,b),(3)由题图可知，阅读量增大时，跳转率=P(C)=2,由n(AUB)=7,得P(AUB)则有(1,1)，（1,2)，(1,3)，(2,1)，(2也增大，特别是篇目A更需进行优化.=n(AUB)7故A错误：由n(BC)=3,2),(2,3),(3,1),(3,2),(3,3),共9种建议：篇目A从文章50%处开始优化，因n(2)情况，为越往后总体跳转率越高，可见质量问得P(BC)=n(BC)3n(2)8,故B正确；由其中满足62>a的有(1,2)，(1,3)，(2题较大2),(2,3),(3,2),(3,3),共6种情况第五节事件的相互独立性、条件a4c=1得0-2-行又则函数f(x)有两个极值点的概率为6概率与全概率公式01.B由P(A)=0.5,P(B1A)=0.3P(A)P(B)P(C)=g,故C正确；因为3,故选c得P(AB)=P(BIA)·P(A)=0.15所以P(A1B)=PA)-015=0,375.故P(BC)=3(B)P(C).P(AC)13D从正方体的8个顶点和1个中心中P(B)0.4任取4个点，有C。=126种情况，4个点选BP(AP(C),P(AB)=令≠PA)P(B,所恰好构成三棱锥分两种情况2B记“两个零件中恰有一个一等品”为以事件A,B,C不两两相互独立，故D错事件A,“仅第一个实生加工出一等品”误.故选BC为事件A,“仅第二个实生加工出一等8.C小明的爷爷、奶奶的血型均为AB型品”为事件A2,则P(A)=P(A)+P(A2)=则小明父亲的基因型可能是AA,AB,BB,511×3=1故选B64643其概率分别为片分日①从正方体的8个顶点中取4个点，共有3.B设事件B为“一辆车中途停车修理”」当小明父亲的基因型是AA时，因小明母C=70种情况」事件A,为“中途停车修理的车是货车”，事亲的血型为AB型，则小明的基因型可能其中四点共面的有两种情况：一是四点构成侧面或底面，有6种情况，件A,为“中途停车修理的车是客车”，则是A,AB,其概率均为号，此时小明是A二是四点构成对角面（如面AA,C,C),P(A)=，P4)=号，P(8A,)=Q02,1.11有6种情况，P(B1A2)=0.01,所以由全概率公式可知型血的概率为子×28：所以四点共面的情况有6+6=12个，则辆车中途停车修理的概率P(B)=当小明父亲的基因型是AB时，因小明母选取的4个点能构成三棱锥的有70-12亲的血型为AB型，则小明的基因型是AA=58种情况：P(A.)P(BIA,)+P(A:)P(BIA:)=32②从正方体的8个顶点中任取3个，共有的概率为，此时小明是A型血的既率C=56种情况00+×00l而故法B,11其中所取的3个点与中心共面，即这4个4.A由题图可知，阴影部分的面积为P(A点在同一对角面上的有6C=24种，当小明父亲的基因型是BB时，因小明母则选取的4个点能构成三棱锥的有56B)·P(B)+P(A1B)·(1-P(B)=亲的血型为AB型，则小明不可能是A24=32种情况.P(AB)+P(AIB).P(B)=P(AB)+P(AB)型血故从正方体的8个顶点和1个中心中任=P(A),故选A.选4个点，这4个点恰好构成三棱锥有5.C因为香港、澳门参加互动的学生人数综上，小明是A型血的概率为令+日58+32=90种情况，故所求概率P=90126之比为5：3，其中香准课堂女生占号澳故选C,号故远D,门课堂女生占兮，所以香港女生人数为总9.0.66解析记甲球员为前锋、中锋、后卫分别为事件A1,A2,A3,甲球员为前锋、中14号解析从1,23,4中任取三个组皮人数的×了8，澳门女生人数为.总人533锋、后卫时输球分别为事件B1,B2,B,则当甲球员参加比赛时，该球队某场比赛不无重复数字的三位数的试验有123,124，数的输球的概率P=P(A,B,)+P(A,B2)+132,134,142,143,213,214,231,234P(A;B)=P(A)P(B:)+P(A2)P(B:)+241,243,312,314,321,324,341,342,412所以被提问的学生恰好为女生的概率是413,421,423,431,432,共24个基本事件，它311P(A3)P(B,)=0.3×(1-0.4)+0.5×(1们等可能，三位数为“等和数”的事件有882故选C0.2)+0.2×(1-0.6)=0.66.123,132,134,143,213,231,312,314,321,3416.B用事件A表示从甲箱中随机取出一个1033104解析413,431,共有12个基本事件，所以三位数由题意知，P(A)=C5+C红球放人乙箱，事件B表示从甲箱中随机C为“等和数”的概率为2=1取出一个白球放入乙箱，事件C表示从甲i05,P(AB)=42C。3242箱中随机取出一个球放人乙箱，再从乙箱10P(BIA)-589

第二十一章一元二次方程规范解题(2)公司希望日收益达到10200元，你认为是否可以实现？若可以，求出此时的租金；若不可以，请说明理由，例3(BS教材九上P55改编)某商店销售一种成本为40元/练3某超市购进一批成本千克的水产品，根据市场调查发现，该水产品的月销售量为20元的商品，在销售过y(千克)与售价x(元/千克)之间的关系如下表.程中发现该商品每天的销售量y(件)与销售单价x水产品的售价5051525360(元)之间满足一次函数关x元/千克系：y=-5x+200.若该超市水产品的月销售量每天销售这种商品要获得500490480470400y/千克500元的利润，那么每件(1)求y与x之间的函数解析式；商品的销售单价应定为多少元？每天要售出这种商(2)商店想在月销售成本不超过10000元的情况下，使得月品多少件？销售利润达到8000元，则该水产品的售价应定为多少？引导思路(1)根据已知量，利用待定系数法求出y与x之间的函数解析式为；(2)每千克水产品的利润为元，结合(1)中的关系式及利润为8000元可列方程为,解方程并进行求解即可.规范解题解题通法销售问题中常见等量关系式：销售额=售价×销量：利润=售价-进价：总利润=（售价-进价）×销量.注意：售价和销量均为变化的量.中考早知道利用一元二次方程解决利润问题在选填题中常考查根据题意列方程，解答题以求解利润问题为主，同时也是为后续利用二次函数解决利润问题作铺垫11

eotaln xo>eo.8,)-8(层)-8x,)-g(号)<0，即6合±号解折由题意知（合）》'+，2-1，2.解(1)由已知得f'(x)=2e2-&(x>0).当a≤0时，f'(x)>0恒成立，f'(x)无零点gg(号).目为5)在0》上单满逆听以y三士，由三角函数的定义知c09。=3当a>0时，f'(x)在(0，十∞)上单调递增，且2增，所以x10,设00),若m≤0，则关键能力·突破x1xag'(x)>0,g(x)在定义域内单调递增，若m>1.BCD解析-要是第三泉限角，故A错误，x1=min1,2c}时，f'(x1)≤0，即存在xo∈[x1,a),使得f'(xo)=0,所以f'(x)存在唯一0,由8(x)>0,得01一400°=一360°一40°，所以一400°是第四象限(2)证明：由(1)知当a>0时，f'(x)有唯一零m角，故C正确；一315°=一360°+45°，所以点，设零点为x0,当x∈(0，xo)时，f'(x)<0,则g(x)在（,十∞上单调递减。综上所述，一315°是第一象限角，故D正确，故选BCD。f(x)单调递减；当x∈(xo,十∞)时，f'(x)0,f(x)单调递增。故f(x)在x=x0处取得最当m≤0时，g(x)在(0，十∞)上单调递增，当m2.C解析当=2m时，2十子≤a≤2m+小值，即f(x)m=f(x,)=e“0-alnx。由>0时，g)在(0，)上单满遂增，在fz)=2e0-=0,得e0=2a受（n∈Z),此时。的终边和牙≤a≤受的终边。两边分别取自然对数，得2x0=lna-ln2xo,即(偏十)上单调适该，一样，当k=2m十1时，2nr十x十冬≤a≤2mna(2)证明：由题意得f(x)=xlnx一mx2一x,xlnx=1ng-2x所以f(x0)=>0。对f(x)求导得f'(x)=lnx一2mx,x>十x+受(n∈Z,此时。的终边和r+冬≤a≤a(÷-2）=2+2ar。-alh受≥2a0。易知x1,x2是f'(x)的两个变号零点，因此a2m=In 1_In zz_In x:+In zi-In z2π十？的终边一样。故选C。x1十x2x1-x2ain 2-2a+taln23.AC解析因为角2a的终边在x轴的上方，（当且仅当2a=2ax0,即In z1-In2>2下面证明（x1x2,根据h(x1)>0,所以h(t)在(0,1)上单调递增，所以h(t)设扇形的半径为In t tin z:=In z-InA12h(x2),结合图象可知x1>1,x2<1,令g(x)rcm,如图。由sin60306=h(x)-h(2-x),x∈(1，十∞)，则g'(x)<0,于是x1+x2x1一x26(x-1)(e2x-2-1)ex,因为x>1,2x-2>0,2r,得r=4w3cm,60即lnx1+lnx2>2。所以e2红-2-1>0，则g'(x)>0,所以g(x)在x1十x2(1,十∞)上单调递增，所以当x>1时，g(x)>第四章三角函数所以l=la·r=3=2×45=83x(cm)。0,即当x>1时，h(x)>h(2-x),则h(x1)>第一节任意角和弧度制、三角函数的概念(2)2解析设此扇形的半径为r,弧长为1，h(2-x1),又因为h(x1)=h(x2),所以h(x2)>h(2-x1),因为x1>1,所以2-x1<1,所以主干知识·整合圆心角为。，则扇形的面积S=2r=4,所以x2,2-x1∈(-∞，1)，因为h(x)在(-o∞，1)基础梳理上是增函数，所以x2>2一x1,所以x1十x2>:1.(1)端点(2)正角负角零角象限角18,设扇形的周长为L,则L=2x十1=212。(3)-a12.解(1)由题意得f'(x)=-a=1-az(x>2.半径长②(）°1er号r2lalr2,r∈(0，+∞)。由基本不等式得2r十0)。当a≤0时，由x>0,得1一ax>0,即:3.yxyf'(x)>0,所以f(x)在(0，十∞)上单调递增。8≥2=8，当且仅当2r=g,即r=1小题演练时，等号成立，扇形的周长取得最小值8，此时当a>0时，由f(x)>0,得0,所以fx)在(0，）上一870°角的终边在第三象限。故选C。8=4,故==号=2。a2.B解析因为1OP|=√/(-1)2+22=√5()【变式训练】(1)A解析设扇形的孤长为1单调递增，在（侣，十）上单调递减。蜂上，当为坐标原点)，所以sina=2=25。故选B。则之l·2=8,即1=8，所以扇形的圆心角的a≤0时，f(x)有单调递增区间为(0，十∞)，无8单调递减区间；当a>0时，f(x)的单调递增区3.D解析由sin0<0,可知0的终边可能位于孤度数为2=4。间为(0，是），单调递减区间为（任，十∞）第三象限或第四象限，也可能与y轴的非正半轴重合。由tan0<0,可知0的终边可能位于第5(2)18解析设圆的半径为r,则扇形的(2)证明：由题意及(1)可知，方程f(x)=m(m二象限或第四象限，故日的终边只能位于第四<一2)的两个相异实根x1:x2满足lnx-x象限。故选D。m=0,且02。令g（x)A4=27,所以a=6。所以扇形的孤长与圈月21(k∈Z)或k·360°+45°(k∈Z)。故选CD。=lnx-x-m,则g(x)-g（2)=-x+x210π5π65590解析单位圆的半径r=1,200°的长的比为。=2πr189+3lnx-ln2。令h(t)=-t++3lnt-10元(t-2)2(t+1)孤度数是200×180=9由孤度数的定义得【例2】-解析设P(x4“或、63ln2(t>2),则h'(t)=、当所以1=g5w=号=10π_11y),由题设知x=一√3，y=m,所以r2=|OPt>2时，h'(t)<0,h(t)单调递减，所以h(t)<923h(2)=21n2-2<0,所以g(x)2且g(x1)=g(x2),所以h(x2)=22所以，·20·赢在微点高考复顶层设计数学

模型可得：△ACE与△ABE是等腰三角形线，.点D为BC的中点，BD=BC=AC..AB=AE.DA为△ABC的中线，.BD=CD.AC=。BC,.AC=BD=CD=CE,在、.BE=BD,点D与点E重合，CE=2BC=2(AB=AEBE,AC=AE=CE,即△AEC为等边三角形，△ABD和△AEC中，{∠B=∠E,∴.△ABD≌.∠AEC=60°，∴.∠ADB=∠AEB=180°-BD=EC∠AEC=180°-60°=120°.△AEC(SAS),∴.AD=AC,∴.AD=AC=CD,即◆题以类解△ACD为等边三角形，.∠DAC=∠ACD=1.3【解析】找模型：在同一个三角形中是否60°，∴.∠ADB=∠DAC+∠ACD=120°存在角度的倍数关系：三角形：△ABC.角度关系：∠B=2∠C.抽离模型：如解图.用模型：延长CB到点E,使BE=AB,连接AE.DD:.△ABE和△EAC均为等腰三角形（外作双图①图②例题解图等腰“倍角”模型)，AB=5,BE=AB=5,解法二：找模型：在同一个三角形中是否存AE=AC=4√5，在Rt△ABD中，AD2=AB2-在角度的倍数关系：三角形：△ABC,角度关BD2,在Rt△ADE中，AD2=AE2-DE,.AE2系：∠C=2∠B,抽离模型：如解图②，用模DE2=AB2-BD2,.DE=BE+BD,..(45)2-型：根据“作2倍角的角分线”倍角模型可(5+BD)2=52-BD2,解得BD=3得：△BEC是等腰三角形，，DA为△ABC的中线，BD=CD.ED⊥BC,:AC=}BC,45∴.AC=CD,在△ACE和△DCE中，B D第1题解图第2题解图AC=DC∠ACE=∠DCE,.△ACE≌△DCE(SAS),2【解析】找模型：在同一个三角形中是否CE=CE.∠EAC=∠EDC=90°，∠ACB=2∠B,存在角度的倍数关系：三角形：△ABC.角度∠B+∠ACB=90°，.∠B=30°，∴.∠ACB=关系：∠ABC=2∠C.抽离模型：如解图.用模60°，∴.△ACD是等边三角形，∴.∠DAC=型：延长BD交AC于点E,过点A作∠FAB=∠ACD=60°，∴.∠ADB=∠DAC+∠ACD=∠ABD,根据“作2倍角的角分线”倍角模120°.型可得：△BEC为等腰三角形，∴.EB=CE,解法三：找模型：在同一个∠CBE=∠C.设∠CBE=a,则∠C=∠ABF=三角形中是否存在角度的∠FAB=,∴.∠AFD=∠ABD+∠FAB=2a,倍数关系：三角形：△ABC,BD(E)C∠AED=∠C+∠EBC=2a,∴.∠AFD=角度关系：∠C=2∠B,抽例题解图③∠AED,AF=AE,AF=BF,∴.AF=AE=离模型：如解图③，用模型：根据“内作双等BF,:AD⊥BD,∴.DF=DE,∴.AC=AE+CE=腰”倍角模型可得：△ABE与△ACE是等腰三角形，.AE=AC=BE,AD为△ABC的中BF+BE=2BD,则BD118万唯数理化QQ交流群：668435860

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8.A。考查情态动词。根据I have no idea可知此处表示“不确定”，故用might表示猜测的可能性较低。9.C。考查动词的时态语态。if引条件状语从句通常用一般现在时表示将来，且I和offr

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线；钱素路上奔命取直种玫特赛中车人先种地生布肉改所27.清雍正言经特鸡蚁合童海及孩一生牌今水济女修可用…不要将其产党人交池优势等彩化为务实合作优势，在谷自现代化进棉由交做石馄，共回实现可持展和然龙一这美明中国A协用发视人两m特合今大士心C推8.19世民因生又发天主北花食的力曾在考A.①②&①③C②④N③④国亦多22生去毛大拇指缺失残疾。其2021年10月10日到某物流公司工作，担任又车工。人耳A.日央、圆退金有效期内的叉车证，人职体检合将。公可要求填写员工登记表，登记老上列明有无、全大务病免衣商中工伤史传块病史，并列位”机牛均为法无年7月29.下表多日史物公司以牛某某院时持有残货人证，不接受公司安排树作为由解除穷动合同。对此分析正确的是集①牛某某可以申请仲裁，要求某物流公司支付违法解除劳动合同赔偿金②我国实行一裁织国裁，牛某某如不服仲栽，不可以向人民法院起诉③某物流公司以牛某某隐瞒残疾人证为由解除芳动合同，理由能成立④牛某某是否持有残疾人证并不影响其从事叉车工的工作，解除芳动合同理由不能成立A.①③,①④C.②③D.②④23对以下表述及其对应的逻辑思维规则理解正确的是①所有正方形都是四边形一该性质判断主项周延谓项不周延②真金是不怕火炼的，怕火炼的不是真金运用了性质判断换质推理③有些中学生是球迷，所以，有些球迷是中学生运用了性质判断换位推理④名词都是实词，动词不是名铜，所以，动词不是实词该推理犯了中项不周延错误A超不U@D.②④24.在《尚书·牧誓中，周武王列举了纣王的罪状，如：不祭祀祖先神明，不任宗亲而用罪犯，“俾暴虐30于百姓，以奸宄于商邑”等。此外，《春秋》等史书中也记载了纣王逼杀比干等事迹。但现存比干墓中的碑文显示其比纣王还晚死十多年；殷墟考古则显示，商末人祭和人殉都很少。由此可知历史解释具有一定的主观性迟历史解释与历史事实难以统心历史叙述取决于时代的变化D.历史事实因史料冲突无从确证25.汉高祖虽颁布“贱商令”，但由于统治者面对西汉立国之初涉凋敝，民不聊生的形势对铸钱、煮盐和治铁三大行业采取“无为而治”政策，任其发展。至孝惠、吕后之时，又“复驰商贾之律”。31由此可知，汉初A.重农抑商政策明显松弛B.商人社会地位有较大提高C.经济政策具有不稳定性实行较为宽松的商业政策26,南宋时期，水嘉学派兴盛于水嘉（今浙江温州）地区。其代表人物薛季宣“考订干载，自井田、王制、司马法八阵图之属，该通委曲，真可施之实用”；此外，叶适也说：“上古圣人之治天下至矣，其道在王数，其通变在事物)其纪纲、伦类，律度、曲折莫《有义”由此可知，永嘉学派A.扭转空谈义理的学术风气心俱有定经世致用学术取向B.根植于当时内忧外患的局势D.推动了儒学世俗化和普及化【2023届名校名师模拟卷（十）·文综第5页（共12页）】

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人的心本议明了清雪山战鼓响起来了，哪能没有”高照“的身影呢？同为国家级非物质文化道产的正定高照，那在风中摇曳的雄鸡铜，②，一面面龙风小裤缠在高高的中格竹竿上，猎猎生风。几十公斤的中分，那就如督在艺人们

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33.B。根据语境可知，在Annabelle看来，她觉得自己在农场的经历”应该是积极的。34.B。Annabelle厌烦了那些对农村消极的论调，她想出版一本“关于”她认识的了不起的人的出版物。35.D

2、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(六)6英语答案

第33期A2版Keys:Passage 1 1-4 DACCPassage 21-5 ADGEC第33期A3版Keys:(One possible version,客观题除外)Passage 31.m

3、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(五)5化学(老教材版)答案

1、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(四)4化学(老教材版)试题

1、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(四)4地理(老教材版

4、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(四)4政治试题

1、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(四)4生物(专版)试题

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5、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(四)4物理(老教材版)试题

1、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(四)4历史(老教材版)试题

1、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(四)4地理(老教材版

1、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(六)6物理(专版)答案

1、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(四)4物理(专版)答案

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2、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(六)6化学(甘肃专版)答案

3、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(七)7物理(甘肃专版)答案

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1、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(五)5生物(甘肃专版

4、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(七)7生物(甘肃专版)答案

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5、天一大联考 2023-2024学年高中毕业班阶段性测试(七)7数学(甘肃专版)答案

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1、[天一大联考·顶尖联盟]2024届高中毕业班第四次考试试题(地理)

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XIAOMI 12S PRO I LEICA狱铁处雨木花园的边界以石是下)作为主老形式利用废旧石形为黑

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4/412.2024年全国两会前夕，代表委员们走进群众收集意见建议，准备议案提案。全国人大代表郭进考，

3、[天一大联考·顶尖联盟]2024届高中毕业班第四次考试试题(历史)

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XI

4、[天一大联考·顶尖联盟]2024届高中毕业班第四次考试答案(地理)

XIAOMI 12S PRO I LEICA狱铁处雨木花园的边界以石是下)作为主老形式利用废旧石形为黑一定量的上壤杂质后可自然生长技物。流管一一穿孔管-3④⑤五个箭头共同组成的水循环类型是；“雨水花园

5、[天一大联考·顶尖联盟]2024届高中毕业班第四次考试答案(历史)

(1)林肯；演说围绕废奴运动和维护联邦统一展开(2)左侧是北方人心目中的林肯，他右手用鹅毛笔写下“和”二字，左手提着天，天上的两个人分别代表北方和南方，象征着北方人眼里的林肯是一视同仁，公正不阿

1、[天一大联考]海南省2023-2024学年高三学业水诊断(五)5答案(政治)

19.阅读材料，完成下列要求。(9分)立法是国家的重要政治活动，是把党的主张和人民的意志通过法定程序转化为国家意志的过程，关系党和国家事业发展全局。立法法是规范国家立法制度和立法活动、维护社会主阅读材

2、[天一大联考]海南省2023-2024学年高三学业水诊断(五)5试题(历史)

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3、[天一大联考]海南省2023-2024学年高三学业水诊断(五)5答案(地理)

深中通道桥梁和沉管采用陆上制造、海上拼装方式的主要目的是丹麦海峡位于冰岛与格陵兰岛之间，北通北冰洋，南连北大西洋。丹麦海失水流端急，海面A.防御台风破坏工程设施B.增加桥隧地基坚实程度之下形成世界海底

4、[天一大联考]海南省2023-2024学年高三学业水诊断(五)5答案(历史)

1、[天一大联考]海南省2023-2024学年高三学业水诊断(五)5答案(地理)

深中通道桥梁和沉管采用陆上制造、海上拼装方式的主要目的是丹麦海峡位于冰岛与格陵兰岛之间，北

5、[天一大联考]海南省2023-2024学年高三学业水诊断(四)4答案(语文)

品快速流通，避免长期占用货架和生产成本。长尾理论阐释的是丰饶经济学，其基本假设是“丰饶世界”。这里所说的“稀缺”和“丰饶”，主要是指消费者的选择权。长尾理论关注的是如何从单纯依靠规模经济逐步转向范围经