·化学·参考答案及解析x十0.6=1.4，则x=0.8,则v(H2)=(1分)1.8+0.8mol·L-1·min1=(2)2Fe3++3Cu(OH)2—2Fe(OH)3+3Cu2+(12×10分)c(1分)0.13mol·L1·min1;衡时容器中气体总物质(3)3.6(1分)已经(1分)的量n(CO2)+n(H2)+(H2 O)+n(CHa)(4 2NiSO+NaClO+4NaOH=2NiOOH=0.2+2.4十0.2mol,则反应Ⅱ2Na2SO4+H2O(2分)）的衡常数K4.85)沿玻璃棒向过滤器中加入蒸馏水至浸没沉淀，待X(蒸馏水流万后，重复操作23次(1分)(6>c(SO:-)2分))用不同物质的速率表友应达到牙答须应是一正茂且@之等于化解析(1)焙烧前粉醉的自的是增大接触面积，提量数之比，单位时间内生成moI CH,O日g)的高反应速率使矿石充分氧化。(2)铜镍矿石粉碎焙烧，充分氧化要成分时消耗了3moH(g,反应方向都是向正反应向进行，因此不能说明反应达到，A顶清误：反为三氧化硫加稀硫酸酸浸过滤渣1为SiO2和不溶于酸的杂质，滤液,氧化Fe+生成应中各组分都是气体，混合气体总质量保持不变，容器为恒容，气体体积不变：奢度的定，混,再加入Cu(O方濬液pH,使Fe3+完全转化为Fe(OH)沉生成氢氧化铁沉淀的离子方体密度始终不变，因条件下，混合气体的密度不变，不能说明呢应达到衡，B项错误：化学衡常程式为2F=2Fe(OH)3+3Cu2+;数豪温度例响，容器为绝热恒谷化学反应都会萃取息Cu+(aq)+2HR(org)=CuRz反萃取佛能鼻的委化，资器中的温度在改变，当温度不再org)十2H+(aq)可知，要使衡逆向移动，则增加改反应苇衡资效政变流明反应达到H+浓度，即有机相中加入硫酸进行反萃取，可以分衡，C项正确组分都是气体，混合气总质量保离铜离子，还不会产生杂质。故选c项。持不变该反应是气体物质的量减少的应，此当(3)由题中表格数据可知，25℃时，“调节pH气体均摩尔质量不再变化)到衡，D得滤液中c(Fe1.0×10-6mol项正确,因为K4×Ⅲ.(4)作等温线应①的衡向正反应e(OH)3],向移动移动，整体来看，则c(OH6.4×10-38衡转化根据图像可知，p1子31×10-6像可知,CO,的衡转化率在不同压强4×10-11K1×10-14c(OH-4X10-7=保持不变，说明压强对反应无影响，因此该温度下，主要发生反应②；开始升温以反应①为主，反应放,pH=3+1g4=3+21g2=3.6;热，衡逆向移动，衡转化率下降，升高一定×c2(0H-)=5×(4×10-11)2=8×10-21<温度后，以反应②为,反应吸热衡正向移动，K[Cu(OH)2]=2.2×10-20,所以Cu(OH)2已经完CO2衡转化率上升。全溶解。28.(10分)(4)向“萃取”后的水相中加入一定量的NaCIO和(1)增大接触面积，提高反应速率，使矿石充分氧化NaOH,能制得黑色不溶物NiOOH,即NiSO4与·8

8.金属钠在液氨中溶剂化速率极快，生成蓝色的溶剂合电子Na[(NH)x],钠投人液氨中的溶剂化示意图如图所示。钠沉入液氨中，快速得到深蓝色溶液，并慢慢产生气泡，小心蒸发掉NH3,可得到白色固体NaNH2。下列说法错误的是液氨A.液氨不属于电解质B.钠的密度比液氨大C.钠和液氨的反应中，钠发生还原反应Na(NH)洁e(NH3)D.钠与液氨发生反应的化学方程式为2NH3十2Na2NaNH2+H29.下列实验及现象可以说明氯水具有酸性的有①向氯水中加入镁条，有气泡产生②氯水能使干燥的红色布条褪色③向氯水中滴加AgNO3溶液，有白色沉淀生成④向氯水中滴加淀粉一KI溶液，溶液变蓝（淀粉遇碘变蓝）⑤向氯水中滴加几滴紫色石蕊试液，溶液先变红后褪色A.1个B.2个C.3个D.4个10.下列化学反应用双线桥法或单线桥法表示电子的转移情况，错误的是6e10eA.Fe,0+3C0商温2Fe+3C0,B.5CL十2P点燃2PC1失去2×2e失去1×8e点燃C.2Mg+CO2C+2MgO高温YD.CH+202CO2+2H2OA得到1×4e得到4×2e11.下列实验操作规范且能达到实验目的的是FeCl混合气体饱和溶液NaOH溶液饱和NaHCO溶液甲丙A.图甲：除去CO2中含有的少量HCIB.图乙：用钠制备过氧化钠C.图丙：制备Fe(OH)3胶体D.图丁：收集氯气12.向溶液X中投入一小块钠，下列说法错误的是A.若X为FeCL溶液，则有红褐色沉淀生成B.若X为CuSO4溶液，则有红色沉淀生成C.若X为稀盐酸，则反应后溶液的pH增大D.若X为NaOH饱和溶液，则有白色固体析出13.下列离子方程式书写正确的是A.向氯化钙溶液中通入CO2:Ca2+十H2O+CO2一CaCO3￥+2H+B.向氯化铁溶液中加入铜粉：2Fe3++3Cu2Fe十3Cu2+C.石灰乳与NaCO3溶液混合：Ca2++CO一CaCO3VD.向硫酸亚铁溶液中滴加双氧水（稀硫酸酸化）：2Fe2+十H2O2十2H+一一2Fe3+十2H2O【高一化学第2页（共4页）】·23-91A·

元阳县境内全是崇山峻岭，所有的梯田都修筑在山坡上，梯田坡度在(3)图中与地球公转轨道左右相邻的行星分别是▲和▲（填名称）。小行15°~75°之间。一座山坡上，梯田最高级数可达3000级。人类和自然环星带分布于▲与▲之间（英字母）。(8分)境各要素相互演化，形成了著名的哈尼族梯田景观。右图为云南元阳哈18.下图为2.5亿年来海陆变迁示意图。据此完成下列要求。(18分)尼族梯田景观图。据此完成12一13题。12.图示景观中，包括地球的外部圈层数为A.1个B.2个C.3个D.4个2.5亿年前2亿年前13.哈尼族梯田景观的形成说明A.各圈层内部物质运动的能量都来自太阳辐射能B.地球各圈层都是连续而不规则的，且都相互渗透1.5亿年前1亿年前C,地球各圈层独立发展变化，不受人类活动影响rTD.地球各圈层结构是相互联系、相互影响的新疆某中学的艾合坦木同学6月18日参加夏令营。下图示意艾合坦木旅行途中某时刻的罗盘指向状态。据此完成14~16题。5000方年前现在(1)盘古大陆形成于大约3亿~2亿年前的▲早期；距今约6500万年前，▲大14.当日太阳升起的方向是330°109300洲和▲大洋的轮廓初步显现。(6分)A.正西方309您B.西北方270(2)图中太洋的面积在▲（填“增大”或“缩小”）；大西洋的面积在▲（填60“增大”或“缩小”)。(4分)C.正东方240®D.东北方909(3)图中非洲大陆位向▲方向移动，澳大利亚大陆向▲方向移动；印度210°半岛加速向▲（填“南”或“北”）移动，并与亚洲南部挤压形成巨大的15.图中艾合坦木行进的方向角约为120y180°150▲。(8分)A.22B.338°19.下图为地球内部圈层结构示意图。据此完成下列要求。(16分)®C.158°D.68°16.蛐蛐喜阴凉，推测当地蛐蛐洞穴潮向辨A.正北方B.正南方C.正东方②D.正西方金第Ⅱ卷(非选择题共52分)】二、非选择题（共52分。）(1)A圈层厚薄不一，一般▲（填“大陆”或“大洋”)部分较厚，▲（填“大陆”17.下图为太阳系行星分布示意图。据此完成下列要求。(18分)或“大洋”)部分较薄。(4分)(2)软流层被认为是▲的发源地，它位于图中的▲（填字母）圈层，并与▲（填圈层）共同组成岩石圈。(6分)①(3)②界面为▲（填名称），该界面以下横波▲,这说明该界面以下物质状态可能为▲态。（6分)(1)在图中地球绕日公转轨道上标注在北极星上空观察的公转方向。(4分)(2)简述地球和其他行星绕日公转的特点。(6分)》【高一地理第3页（共4页）】·23-30A·【高一地理第4页（共4页）】·23-30A·

【解析】设粒子在磁场中运动的半径为r,从P点射入的速度为o。如图，由几何关系知成=(，一号R)十（一告R,解得=号R,R由常可得g,D项正确。5m8.BD【解折据变压粉的电压比安是，通过题图乙可知安压怨原线图两端电压的最大值U。=20V,周期T-0.04s,水磁体转动的角速度w-系-50xrad/s,则原线圈两端电压的瞬时值表达式为u=200cos50πt(V),A项错误；电压表测量的是变压器原线圈两端电压的有效值U,==1O02V=141,4V,B项正确：电压表测量的是√2理想变压器副线圈的输出电压，与有无负载无关，得电压表的示数U2=50√2V=70.7V,C项错误；风速加倍时，角速度ω加倍，可知产生的感应电动势加倍，变压器原线圈两端的电压加倍，变压器原线圈两端电压的瞬时值表达式u=400cos100πt(V),D项正确。9.BC【解析】无人机先向上加速后减速，最后悬停，则空气对无人机的作用力先大于300N后小于300N,最后等于300N,A项错误；直流电源对无人机供电的额定电流I-=0A10A,B项正确：无人机在上升过程中重力的均功率P=F坠=300X100W=30W,C项100正确；无人机上升及悬停时，螺旋桨会使周围空气产生流动，则会有部分功率用于对空气做功，D项错误。10.AC【解析】根据左手定则，结合自由电子定向移动的方向与电流方向相反，可知自由电子受到的洛伦兹力方向指向P,则自由电子偏向P,P为负极、Q为正极，A项正确；稳定时，自由电子受力衡，其所受洛伦兹力大小等于电场力，即e是-B,B项错误；自由电了在△时间内移动的距离为v△t,体积为ah△t,电荷量为neahve△t,则I=Ag=neahv,两电极P、Q间的电△t势差为U时，对于自由电子，根据衡条件有e=eB,联立解得B=nhC,C项正确；由B"变光得一，以则其他条作不变时，m越大U憾小D项锖误。11.(1)从右向左(1分)(2)3.1×103(2分)在·87·【23·G3DY(新高考)·物理·参考答案一R一必考一HEB】

周测卷九化学反应条件的优化一工业合成氨l.C解析：IaNi4(s)十3H2(g)三IaNi4H(s)是一个气体体积减小的放热反应，低温、高压有利于衡向贮氢方向移动。2.D解析：该体系需要持续补充SDT,使反应，S,O0(aq)一SO方(aq)正向进行，生成MV+,使溶液保持蓝色，若不补充SDT,溶液会褪色，D项错误。3.B解析：Fe3+和I在水溶液中发生反应2I十2Fe3+=2Fe2+十I2(水溶液)，当该反应达到衡后，加入CC14萃取I2,水溶液中I2的浓度降低，衡向右移动，B项符合题意。4.D解析：根据题图知，Fe+的氧化率不仅和温度、pH有关，还与离子的浓度等其他因素有关，A、B、C三项均错误；根据题图知，降低pH、升高温度，Fe2+的氧化率增大，D项正确。5.B解析：测定二氧化氮的相对分子质量，要使测定结果误差最小，应该使混合气体中O2的含量越多越好，为了实现该目的，应该改变条件使衡尽可能地逆向移动。该反应是一个反应前后气体分子数减小的放热反应，可以通过减小压强、升高温度使衡逆向移动，则选项中，温度为130℃、压强为50kP时误差最小，B项符合题意。6.D解析：由循环图看出，铁结合活性氮原子参与了反应，后又生成铁，在反应前后质量和性质不变，是合成氨的催化剂，A项正确；使用催化剂能改变活化能，B项正确；催化剂只改变反应历程，但△H不变，C项正确；合成氨是放热反应，较低的反应温度有利于提高氮气转化率及氨气产率，D项错误。7.B解析：反应I为吸热反应，反应Ⅱ为放热反应，升高温度，反应I衡正向移动，反应Ⅱ衡逆向移动，A项错误；反应Ⅱ为气体体积减小的反应，反应I为气体体积不变的反应，则缩小容器体积，反应Ⅱ正向移动，能提高CH3OCH3的衡产率，B项正确；增大H2投入量，反应I衡正向移动，但H2的转化率下降，C项错误；工业生产讲究经济效应，因此应选用合适的温度和压强，D项错误。8.AD解析：反应的快慢主要取决于反应速率最慢的步骤，即活化能最大的步骤，从图中可以看出，步骤Ⅱ的活化能最大(49.0kJ一3.2kJ=45.8kJ),所以该反应的决速步骤是Ⅱ，A项错误；M一H参与了反应，最后又生成了M一H,所以M一H是反应的催化剂，B项正确；丙烷制取丙烯，丙烷和丙烯中碳的成键数目不相等，所以反应过程中碳的成键总数有变化，C项正确；该反应的反应物的总意·19·【23新教材·ZC·化学·参考答案一SDKJB一选择性必修1一QGA】

【答案】BD【解析】由左手定则可得，粒子带负电，b粒子带正电，A错误；粒子做匀速圆周运动，运动轨迹如图所示，故112d5R。=sin30=d,R。=sin60=3d,所以R。:R。=3:1,B正确；由几何关系可得从M运动到N,a粒子转过的圆心角为60，b粒子转过的圆心角为120°，t。=6=七。=，则T。:T6=2:1,粒子运动周期2πR_2πgB,根据a,b粒子电荷量相等可得m。:m6=T。:T。=21,C错误，D×××RO,160°bX3060912.如图所示，在半径为R的圆形区域内存在磁感应强度大小为B的匀强磁场，MN是一竖直放置M的感光板。从圆形磁场最高点P以不同的速度沿垂直于磁场的方向正对圆心O射人同种带X、×x}正电的粒子。已知粒子电荷量均为q、质量均为m,不考虑粒子重力及粒子间的相互作用。关×B×8×于粒子的运动，以下说法正确的是A.粒子在磁场中通过的弧长越长，运动时间越长NEB.射出磁场的粒子其出射方向的反向延长线一定过圆心OC.射出磁场的粒子一定垂直打在MN上D.只要速度大小满足0=gB,人射的粒子出射后一定垂直打在MN上m【答案】BD【解析】速度不同的同种带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期相等，对着圆心入射的粒子，速度越大，在磁中轨迹半径越大，孤长越长，轨迹对应的圆心角日越小，由1=T知，运动时间：越小，A错误；带电粒子台运动轨迹是圆孤，根据几何知识可知，对着圆心入射的粒子，其出射方向的反向延长线一定过圆心，B正确；速度不同，半径不同，轨迹对应的圆心角不同，对着圆心入射的粒子，出射后不一定垂直打在MN上，与粒子的速度有关，C错误；速度大小满足v9时，粒子的轨迹半径为r=8=R,入射点，出射点，0点与轨迹的周心构m成正方形，射出磁场时的速度方向与过最高点的磁场半径垂直，粒子一定垂直打在MN上，D正确。13.如图所示的虚线框为一正方形区域，该区域内有一垂直于纸面向里的匀强磁场，一带电粒子从口女××点沿与ab边成30°角方向射入磁场，恰好从b点飞出磁场；另一带电粒子以相同的速率从a点沿×××××ad方向射人磁场后，从c点飞出磁场，不计粒子重力，两带电粒子的比荷之比及在磁场中的运动时x××××a30x.×.xb间之比分别为A.91:92=1:1m1 m2B.91:92=2:1m1 m2C.t1:t2=2:3D.t1:t2=1:3【答案】AC【解析】粒子的运动轨迹如图所示，设正方形边长为L,则从b点飞出的粒子的运动半径为1=L,从c,点飞出的粒子的运动半径也为r2=L,由洛伦兹力提供向心力得q0B=m,可得品=，则：=1：1，A正m1 m2·14·

教学全国@⊙所名校单元测试示范卷札记A.①③B.②④C.①②D.②③解析：增大压强，衡逆向移动，混合气体的均摩尔质量增大，升高温度，衡正向移动，混合气体的均摩尔质量减小，与图像不一致，①不符合；增大压强，衡逆向移动，混合气体中M的百分含量减小，升高温度，衡正向移动，混合气体中M的百分含量增大，与图像一致，②符合；增大压强，衡逆向移动，混合气体中L的百分含量增大，升高温度，衡正向移动，混合气体中L的百分含量减小，与图像不一致，③不符合；增大压强，衡逆向移动，L的转化率减小，升高温度，衡正向移动，L的转化率增大，与图像一致，④符合，B项正确。答案：B10.科学家研制出一种高性能水系酸碱双液锌一溴二次电池，其总反应石墨为a十2X州一断器)十H0十3r,中间的双极性膜BPM MBPM(BPM)能隔开酸碱双液且允许K+通过，如图所示。下列说法正确LSO的是Z0+H0KBrA.放电时，K+向锌电极迁移Br2B.放电时，锌电极的电势高于石墨电极C.充电时，阴极室的pH增大D.充电时，石墨电极发生反应：Br一2e一3Br解析：放电时石墨为正极，阳离子向正极迁移，A项错误；放电时原电池正极电势高于负极，故石墨电极的电势高于锌电极，B项错误；充电时锌为阴极，电极反应式为ZnO十2e十H2O一Zn十2OH,阴极区碱性增强，pH增大，C项正确；充电时石墨为阳极，电极反应式为3Br一2eBr,D项错误。答案：C11.HCOOH在Pd催化剂表面脱氢的反应机理、反应历程与能量的关系如图所示。相对能量/(kJ.mol-)62.944.736.712.8Ⅲ08.9H oH00HH OHH +CO2C02+H0.0粉58888→3888-17.4-14.1II反应历程下列说法正确的是A.HCOOH在Pd催化剂表面脱氢的反应△H>OB.在Pd催化剂表面离解O一H键的活化能比离解C一H键的低C.用DCOOH或HCOOD代替HCOOH,得到的产物都有HD和CO2D.在整个历程中，生成V的反应速率最快解析：由图示知，甲酸在P催化剂表面脱氢的反应中，反应物的总能量高于最终产物的总能量，为放热反应，即△H<0,A项错误；由图可知，I→Ⅱ解离O一H键，活化能为44.7kJ·mol-1,Ⅲ→V解离CH键，活化能为36.7kJ·mol-1一8.9k·mol-1=27.8k·mol-1,B项错误；由图可知，HCOOH在Pd催化剂表面，C一H键、O一H键均发生断裂，最终生成H2和CO2,C项正确；由图可知，生成V的过程活化能最高，则反应速率最慢，D项错误。答案：C12.下图为CuS和ZnS饱和溶液中阳离子(R+)浓度与阴离子(S2-)浓度的负对数关系。相同条件下，CuS和ZnS的溶解度关系是74【23新教材·DY·化学-R-选择性必修1-QGBY】

项错误：若m=M,代入可得F-号MgB项错误、C项正确：若m=M,代人可得a=号，D项错误。6.BD【解析】本题考查共点力的衡。由于两物块的质量大小关系未知，故撤去外力后，两物块可能仍保持静止。若mgsin>Mg,则物块a受到的摩擦力沿斜面向上；若ngsin0=Mg,则物块a不受摩擦力；若ngsin0

13.(10分)一定质量的理想气体，由A状态开始经历一次循环最终又回到A状态。其P-/图像如图所示，其中A一B为绝热过程、B→C等压过程、C→A等容过程。己知TA=280K,A→B过程中外界对气体做功34J。求：↑p/(×10'Pa)(1)B、C状态的温度：(2)请判断整个循环过程中气体吸热还是放热，并计算吸收或者放出的热量是多少。7×10'm00.40.614.(12分)逆时针转动的绷紧的传送带与水方向夹角为37°，传送带的v-1图像如图所示。在0时刻质量为1kg的物块从B点以某一初速度滑上传送带并沿传送带向上做匀速运动。2s后开始减速，在一4s时物体恰好能到达最高点A。(已知g=10m/s2,sin37=0.6,c0s37°=0.8)。求：(1)传送带和物块之间的动摩擦因数：◆/m.sl(2)传送带的长度：(3)传送带因为运送物体多消耗的电能。37/s15.(18分)由于缺少地磁场的屏蔽作用，高能宇宙射线对航天员的辐射具有非常大的危害。目前，国际上正在积极探索载人航天主动防护的方法，其中某种磁防护方案为在航天器内建立同心圆柱体形屏蔽磁场，磁场分布情况如图所示。设同心圆内径R1~R,外径R=√3R,轴向足够长。设定区内为匀强磁场，磁场方向与轴行，设定区外和防护区内无磁场。(1)一个质子在行于圆柱横截面的面内，以速度沿指向圆心方向入射，该粒子恰好打不到防护区内部，求磁感应强度的大小和粒子在设定区内的运动时间。（已知质子的质量为m,电荷量为q)(2)若字宵中充满了大量速度大小为0，沿任意方向运动的质子，为了使任何质子都打不到防沪区内部，求磁感应强度的大小应该满足的条件，(3)若已知磁感应强度为B,以A点所在藏面建立xy坐标系，圆柱轴线为x轴，y轴通过4点，如有一质子以初速度v=2g8歌从A点射向防护区的C点，已知C点坐标0，mR,（、-1)),求质子打到防护区的位置。设定区防护区第6页（高三物理试卷共6页）

6.如图所示智慧上进·高考总复·单元滚动创新卷·物理与水面电场中向第十一单元电容器带电粒子在电场中的运动取10m（第九、十单元30%，第十一单元70%)A.物体B.物体C.若使生第I卷（选择题共48分)A.微粒带正电则电一、选择题（本题共12小题，每小题4分，满分48分。第1~7题为单B.前后两种情况微粒落在下板B上的速度与水方向夹角的正D.若使选，只有一项符合题意。第8~12题为多选，全部选对的得4分，切值之比为2：17.真空中部分选对的得2分，有错选或不选的得0分。)C电场强度E=员一半径1.如图所示，两块很大的行金属板M、N水正对放置，连在恒定如图所电压的电源上（极板移动过程U不变），两板间有一带电微粒以D.微粒两种情况下运动时间相等根据φ速度。沿直线运动，当微粒运动到P点时，迅速将N板下移一小4.静电场方向行于x轴，将一电荷量为+q的带电粒子在x=dA.该金段距离。此后微粒的运动情况可能是处由静止释放，粒子只在电场力作用下沿x轴运动，其电势能E。B.A点A.沿轨迹④做曲线运动口M随x的变化关系如图所示。若规定x轴正方向为电场强度E、加C.B点B.方向不变沿轨迹③做直线运动①速度a的正方向，四幅示意图分别表示电势p随x的分布、场强D.电C.方向改变沿轨迹②做直线运动·②E随x的分布、粒子的加速度a随x的变化关系和粒子的动能E,在D.沿轨迹①做曲线运动N随x的变化关系，其中正确的是8.两个位↑E2.如图所示是某种静电推进装置的原理图，发射极与吸极接在高压邻等势电源两端，两极间产生强电场，虚线为等差等势线，在强电场作用运动轧下，一带电液滴从发射极加速飞向吸极，a、b是其路径上的两点，说法山不计液滴重力，下列说法正确的是A.两B.A点高压电源C.A片D.电发射极9.一水正向带电液滴吸极接，等势线5.如图所示，有一行金属板与电源两端连接，现将一金属导体板止于A.a点的电势比b点的电势低慢慢地从左侧插入电容器中间，接着又从电容器间右侧慢慢地抽A.若B.a点的电场强度比b点的电场强度小出。下列说法正确的是C.液滴在a点的加速度比在b点的加速度小B.若D.液滴在a点的电势能比在b点的电势能大则3如图所示，有两行金属板A、B,一比荷为kC.若的微粒从上板A的左边缘以初速度？水向A.插入与抽出金属导体板时，电容器两板电荷量保持不变D.若右射入板间。若A、B两板不带电时，微粒落B.插入与抽出金属导体板时，电容器两板电荷量一直增加10.如尽在下板B的中间位置；若A、B两板间加上方C.插入与抽出金属导体板时，电容器间的电场强度保持不变点向竖直向下、大小为E的匀强电场时，微粒刚好落到下板B的最D.若将金属导体板更换成绝缘板插入与抽出电容器时，电容器经右端。重力加速度为g,则两板电荷量先增加后减小单元卷·物理[第41页]

:T:T2慧按口)求从。到了时间内，电场力对该电子所做的功：(2)该电子运动多长时间才能第一次到达A板？二业，电子运动的加速度大小为，参一、送择题（本题共1。,白千周期向右微匀减速运动直至速度为8~12题为多选，月均为号有d-2x分（子1分）1一根横截面积为S为。在金属棒两对于：-对到入的也于号号有向底9如定运功有与了得0。m,电荷量为e,则部得石品从到号的时间内，电与力对滨电于所微的功为甲320(1分)A.pnevQ)落时特性可和，也子在一时同内向右微自减建远动直至连定为车有【答案】A9【解析1=R6=24(1分)是点的点的度领然《2如图所示，电源电子在g1时同内向左微与加选运动，有与0({)户1分)板电容器A、B板正电小球。闭合每得西式C)L8.操作是A.其他条件不变原据对帮性可知，在T智内向左微匀减速运动直至速度为零，有，=71PB.其他条件不度电于在3”时间内向右做匀加速运动，有名=x=2(1分)9C.其他条件不2D.其他条件不所以电于运动T:智后，距B板距离为【答案]D【解析】其他9电场0=0，A项到在1时的，电子的连度为：a两端的电压减小，1分)段距离，但电容器4器B向左移一段丽3如图所示的电别从1时到开始，设弄经过△1时间，电子刚好到达A板，有=d-)(4)0分A都降低B.都升高4+Cp升高，P期得山=（号-）（合+受）I不特合题意，合去1分）D.P降低9I答案1B所以意时间为6=T+哥+4如=4。DT1分)）【解析】当涌0点接地，所以清8减小，而B点的

:T:T2慧按口)求从。到了时间内，电场力对该电子所做的功：(2)该电子运动多长时间才能第一次到达A板？二业，电子运动的加速度大小为，参一、送择题（本题共1。,白千周期向右微匀减速运动直至速度为8~12题为多选，月均为号有d-2x分（子1分）1一根横截面积为S为。在金属棒两对于：-对到入的也于号号有向底9如定运功有与了得0。m,电荷量为e,则部得石品从到号的时间内，电与力对滨电于所微的功为甲320(1分)A.pnevQ)落时特性可和，也子在一时同内向右微自减建远动直至连定为车有【答案】A9【解析1=R6=24(1分)是点的点的度领然《2如图所示，电源电子在g1时同内向左微与加选运动，有与0({)户1分)板电容器A、B板正电小球。闭合每得西式C)L8.操作是A.其他条件不变原据对帮性可知，在T智内向左微匀减速运动直至速度为零，有，=71PB.其他条件不度电于在3”时间内向右做匀加速运动，有名=x=2(1分)9C.其他条件不2D.其他条件不所以电于运动T:智后，距B板距离为【答案]D【解析】其他9电场0=0，A项到在1时的，电子的连度为：a两端的电压减小，1分)段距离，但电容器4器B向左移一段丽3如图所示的电别从1时到开始，设弄经过△1时间，电子刚好到达A板，有=d-)(4)0分A都降低B.都升高4+Cp升高，P期得山=（号-）（合+受）I不特合题意，合去1分）D.P降低9I答案1B所以意时间为6=T+哥+4如=4。DT1分)）【解析】当涌0点接地，所以清8减小，而B点的

22.【写作提示】本题考查写作能力。题目材料为中国漫画大师丰子恺先生的一幅作品，画面中屋后修竹俊秀，屋前开阔坦，东篱之下、陋几之上，良友环坐，独留一面相邀梅花，旁边配有“小桌呼朋三面坐，留将一面与梅花”。如果说“小桌呼朋三面坐”展示的是亲情、友情等人间情之温馨，“留将一面与梅花”对接的则是人与自然万物之间和谐相处的关系，体现的是自然万物对人心的抚慰作用。如果心里住着一面梅花，有清风有流云，即使无琴，亦可自释。参考立意：①与自然为友；②让心里住着“梅花”；③珍惜友情，享受自然；等等。题意评分解说：题意评分等级文章特征A.立意准确、集中、鲜明：能扣紧材料内涵，依据题干任务指令，选准角度，立意一类文鲜明，主旨集中、明确。B.内容充实，结构严谨，思路清晰。C.能严格执行题干54~60分写作任务指令限定的主题要求。D.所选文体特征鲜明。A.立意准确、集中：能结合材料内涵，依据题干任务指令，选准角度，立意明确。符合二类文B.内容具体，结构完整，思路基本清楚。C.能执行题干写作任务指令限定的主题意48~53分题要求。D.符合所选文体的特征要求。A立意基本准确：能联系材料内涵，依据题干任务指令，选择角度，确立主旨，符三类文合材料内容及含意范围。B内容具体，结构大致完整，思路基本清楚。C.基本能42~47分执行题干写作任务指令限定的主题要求。D.基本符合所选文体的特征要求。A.立意不够准确：能联系材料内涵，依据题干任务指令，选择角度，确立主旨，局基本四类文部观点游离材料的主要思想内涵。B.内容大致具体，结构存在明显缺陷，如残符合3641分缺、思路混乱。C,未能执行题干写作任务指令限定的主题要求。D.不符合所选题意文体的特征要求。偏离五类文完全脱离材料内容，完全忽略写作要求，完全不符合文体要求，仅选取材料、要题意35分及以下求或背景的只言片语展开写作，思想不健康，观点错误。【补充说明】(一)错别字等扣分缺标题扣2分；每1个错别字扣1分，重复的不计；标点错误多的，酌情扣分。(二)字数等扣分(1)400字以上的文章，按评分标准评分，扣字数分。（每少50个字扣1分）(2)400字以下的文章，20分以下评分，不再扣字数分。(3)200字以下的文章，10分以下评分，不再扣字数分。(4)只写一两句话的，给1分或2分，不评0分。(5)只写标题的，给2分，不评0分。与作文完全无关，甚至是调侃考试、调侃评卷老师的内容，可以打0分。(6)完全空白的，评0分。【高三语文·参考答案第3页（共3页）】·23-213C·

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根据mg=m发，可得第宇宙速度为和只VR,选项D正确。16.C(解析】对小圆环P受力分析，受重力、静电力、杆的弹力作用，沿杆的方向有重力的分力、静电力的分力，静电力的大小方向都变贴恩化，合力随着变化，

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2023-12-25 19:20:11

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子的动能增加，质子的动能和电势能之和保持不变，故C12.(1)好(2)直流甲(3)1.60×10-3图见解析正确；从x1点到x4点电势一直降低，则电子的电势能7.95×10-5直增加，故D错误.故选C.解析：(1)使用多用表的电阻挡进行测量，多用表内有电★★★★D解析：根据gEx=△E机可知，机械能E随位源，先对电容器充电，有充电电流，会观察到多用表指针向置坐标x的变化图像中图像上某点切线的斜率表示电场右偏转较大角度；随着电容器逐渐充满电，充电电流逐渐力，由于滑块由静止开始运动，则刚刚释放时的电场力大减小，最终电容器相当于断路状态，指针又逐渐返回到起于重力沿斜面的分力，结合图像可知，图像的斜率先增大始位置，此现象说明电容器是好的，后减小至0，则电场力先增大至最大值，后减小至0，可知(2)学生电源应采用直流电源，因为电容器可以通过交流电场力与重力沿斜面方向大小相等的时刻在x1~x2中电，其电压不断变化，无法得出稳定的电压，故采用直流电间的某一位置，在该位置，滑块所受合力为0，该位置之源.当把开关S与2端相连，电容器放电，图甲中所有电荷后，电场力小于重力沿斜面的分力，根据动能定理可知，在均通过电流表，测量准确，图乙中还有一部分电荷通过电x1~x3过程中，滑块动能先增大后减小，A错误；动能最压表，这部分电荷无法测出，故选甲图.大位置时，滑块速度最大，滑块所受合力为0，根据上述可(3)由△Q=I·△t知，电荷量为I-t图像与坐标横轴所知，动能最大的位置在x1~x2中间的某一位置，B错误；围的面积，即面积为电容器在开始放电时所带的电荷量，根据上述分析可知，在0一x2过程中滑块动能先增大后减由图像可知“面积”格数约40格，每小格相当于4×小，而滑块在运动过程中只有重力势能、电势能与动能之10-5C,所以电容器电压U=20.2V时，电荷量Q=1.60×间的转化，可知在0~x2的过程中重力势能与电势能之和10-3C.由表格数据描点作图，如图所示.先减小后增大，C错误；根据上述分析可知，在0~x3过程个Q(×103C)中，滑块向上运动，先做加速度增大的加速运动，后做加速2.5度减小的加速运动，再做加速度反向增大的减速运动，最20后做匀减速运动，即在0~x3过程中，滑块先加速后减速，D正确.故选D.11.★★★A解析：将液滴的运动进行分解，水方向满足=vosin 30+vosin 60,t,竖直方向满足h1015202530v在图像中选取两个相距较远的点，计算出图线的斜率，即v0c0s30°+v0c0s60一t,联立解得x=h,A正确；竖直方向为电容器的电容C=7.95×10-5F.2由位移速度公式可得h=(ocos60)2-(vocos30°)213.解：(1)依题意，由于在水方向匀速，则电子在偏转电场-2g中运动的时间t=L4g,则重力势能增加量为△E。=m6,电场力对液滴做(2)由动能定理可得eU1=正功，电场力做功为W电=F电x=max,液滴在水方2m向做匀加速直线运动有2arx=(vosin60°)2一(vosin30)mvo可得U1=Ze126,联立解得W电=4mv5,液滴的电势能减少U(3)电子在偏转电场中运动时，有Ed4mv6,机械能增加mu6,动能不变，合外力做功为0，eEamB、C、D错误.故选A.1★★★★D解析：XX'为水偏转电极，其中所加电压y=2al使得粒子发生水方向的偏转，YY'为竖直偏转电极，其中所加电压使得粒子发生竖直方向的偏转，当YY'不加信联立可得偏转板间的电压U号电压，竖直侧移为0，XX'加图3波形电压，由于电压呈14.解：(1)由于滑块在相邻2个减速带区域1和区域2运动现矩形方波形式，电压一正一负，大小一定，则屏上出现两的时间相等，滑块过每个减速带损失的机械能相等，因此个亮点，故A错误；XX'加图2波形电压，则水方向侧滑块过每一个减速带前后的速度相等，由能量关系得通过移一定，YY加图1波形电压，则竖直方向侧移呈现正弦式每一个减速带损失的机械能△E=gEd规律变化，但由于水方向侧移一定，则屏上将出现一条竖直亮线，故B错误；XX′加图4波形电压，电压呈现倾斜由题意中E=2ms直线变化，即为扫描电压，水方向侧移也在均匀变化，解得△E=2mgdYY加图2波形电压，电压一定，竖直方向侧移一定，则屏(2)由能量关系有qEX5d-3△E-mgs=0上将出现一条水亮线，故C错误：XX'加图4波形电压，电压呈现倾斜直线变化，即为扫描电压，水方向侧移也解得s=4d在均匀变化，YY加图1波形电压，则竖直方向侧移呈现正弦式规律变化，则屏上将出现图1所示呈正弦规律变化的即滑块最终停在x=4d图线，故D正确.故选D.15.★★★解：(1)对小球受力分析如图所示高三物理试卷（九）参考答案第2页（共3页）

名极大联专大名校名师定2024届·普通高中名校联考信息卷（模拟一）·物理参考答案1,B【解析】能否发生光电效应与人射光的频率有关，当人射光的频率大于极限频率时，才能发生光电效应现象，黄光的频率小于紫光的频率，不一定大于极限频率，所以黄光照射锌板不一定发生光电效应，故A错误；在康普顿效应中，根据力=可知，散射的光子被长大了，说明该光子的能量减小了，故B正确：光电效应、康普顿效应都揭示了光的粒子性，单缝衍射说明光具有波动性，故C错误；卢瑟福否定了汤姆孙枣糕式原子模型的依据是无法解释α粒子散射实验现象中，少数。粒子发生了较大的角度偏转，极少数。粒子发生了大角度偏转，故D错误.2.B【解析】M点向上移动，则说明条纹间距增大，由条纹间距的关系△一兰，又Am0,电场加速电子时，由动能定理得gU=2m2,由以上整理得△xhLd√2mgU,显然仅增大加速电压，条纹间距减小，M点向下移动，A错误；仅将减小双缝之间的距离d,则M点向上移动，B正确；仅将光屏向双缝屏的方向移动些，L减小，条纹间距减小，M点向下移动，C错误；仅将光屏向上移动，条纹间距不变，M点的位置不动，D错误.3.D【解析】在空中经过最高点C时的速度为v,此时的竖直方向速度为0，则根据P=mg,可知表演者在C处重力的瞬时功率为0，故A错误；从A运动到B的过程中，表演者做曲线运动，则支持力与重力的合力提供向心力，则加速度指向O点，故处于超重状态，故B错误；从A运动到B的过程中，由动能定理可知一mg(1-1c0s0)=2m听一2m质，从B点做斜抛运动，则B=√2，表演者在A处受到秋千的作用力大小为F,则F一mg=m,则表演者在A处受到秋千的作用力大小为F2m心+(3一2)mg,故C错误：由于B到水面的肩度为CB间高度的3倍，设CB间高度为h,则B到水面的高度为3h,由于从C点开始做抛运动，故y=h十3h=2gtx一t,从B点运动到最高处由运动学公式可得(u$in=26,解得一装CB的水位移为=0=，号故格水点到B点的水新gxa=x十r-3t,故D正确，4.D【解析】线框转动切割产生的电动势最大值为E=NBL,故A错误；由图甲可知线框运动的半个周期内广生交变电流，由图乙可知由于二极管的存在，流过灯泡L的电流只有王弦式电流，电流表的示数为流过电流表的有效值，根据有效值的定义有5PRT=(y,R22024届·普通高中名校联考信息卷（模拟一）·物理参考答案

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周测卷二1.A人口流动的主要影响因素是经济因素，长江三角洲区域内部跨省流动是为了获得更好的就业机会和更高的收入。随着长江三角洲经济的发展及区域内产业转移，区域内部各省之间经济差距缩小，因此流动人口增量

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利辛县2023-2024学年度第二学期期中学业质量检测八年级物理试题说明：1、本试卷共四大题，满分100分，考试时间100分钟2、本卷试题中g值均取10N/kg:一、选择题：（每小题？分，：20分：每小题给出四个选项中，只有一个选项是符合题意的）1.关于力和运动下列X法左确的是(DA将锤柄在石嫩上撞产入下，松动的锤头就紧套在锤柄上，这是利用了锤柄的惯性B.竖直向上抛出后的排球，在空中向上运动的过程中受到的合力方向向上C,物体的运动状态发生改变，该物体定受到力的作用D.踢出去的绿还能在水地面上继续运动，是因为惯性的作用2如图所示的工具中，在使用时属于省力杠杆的是凸A.镊子B.开瓶器船桨D.钓鱼竿3.骑踏板车是小朋友喜爱的一项运动，如图是洋洋在水路面上匀速骑踏板车的情景，下列说法正确的是小)A.洋洋匀速骑踏板车时受到惯性作用B.洋洋受到的重力和地面对踏板车的支持力是一对衡力C,洋洋对踏板车的压力和踏板车对洋洋的支持力是一对朴互作用力D.洋洋对踏板车的压力是由于踏板车发生形变产生的4.下列四个实例中，为了增大压强的是(DA.在铁轨下面铺枕木B.书包带做得较宽.坦克装有宽大的履带D.斧头磨得很锋利5.某物体从地面上某一点出发沿直线运动，其s-t图象如图所示.对物体的运动情况进行分析，得出结论错误的是A.物体在9s内运动的路程为18mB.物体在前3s内和后3s内的速度相等69C.以地面为参照物，物体在中间3s内静止D.物体在9s内的均速度为2S6.如图所示，水地面上的木板M上放着小物块m,M与m间有一处于压缩状态的轻弹簧，整个装置处于静止状态，下述说法正确的是(B)A.地面对M的摩擦力方向向右B.地面对M无摩烧力作用C.M对m的摩擦力方向向右D.m对M的摩擦女方向向左7.小明和爸爸自驾游，汽车行至多沙山坡，车轮打滑，无法前行。爸爸让小明下车，便于爬坡，小明否定了爸的提议，邀请路边的行人上车，车果然不再打滑，开上山坡。下列做法与小明的做法蕴含相同原理的是○A.给机器安装滚动轴承B.给轮滑鞋的转轴加润滑剂C.自行车刹车时，用力捏车闸D.在二胡的弓毛上涂抹松香8.如图所示，物体沿斜面匀速下滑，其受力分析正确的是

9.如图甲所示，一个体积较大不能视为质点的木箱，其质量为m=2kg,运动时空气阻力不能忽略.置于倾角为0=37的足够长的斜面上，它与斜面间的动摩擦因数为“，木箱受到的空气阻力与木箱下滑的速度成正比，即f=k(k为空气阻力与速度的比例系数且恒定)，由静止释放木箱，下滑过程中的v一t图像如图乙所示，图中直线为t=0时刻速度图像的切线(si37°=0.6，g=10m/s2).则2345/9甲A.木箱的最大加速度为4m/s2B.木箱与斜面的动摩擦因数μ=0.25:行不强面烟内，/08长中，调中C.木箱受到的最大空气阻力为5ND若增加木箱的质量，木箱的最大加速度将变大长内，10如图所示，边长为2d的正方形OPNQ区域中，存在沿OQ方向、大小为E的匀强电场，电场的周围分布着垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场.以O为坐标原点，OQ方向为y轴正向，OP方向为x轴正向建立直角坐标系，一个质量为m、电荷量为g的带正电粒子从OP的中点A以行于y轴正方向的某一初速度。第一次进入电场，离开电场后从P点第二次进入电场，在电场的作用下从Q点第二次离开电场.不计粒子重力，下列说法正确的是A带电粒子第二次进入电场前，在磁场中做圆周运动的半径为2.5dB.带电粒子第二次进人电场时速度与x轴正向的夹角为37°餐13 gEd1代喷示的心味常中，1比暖示的⊙法OA PC.粒子的初速度v0=2m,(示寒号始量。。。。。√J41d一08S武菌常五别)P部绿率消小题一（代0）D粒子第二次进人磁场的半径为r2一2准品温间0想一本，○个3=：居户，40S三、非选择题：本题共5小题，共56分，利户脉联比斯的户内部济且，变11,(6分)某物理兴趣小组用如图甲所示的仪器验证机械能守恒定律.内寒夜做负居麻降容银化接计时器校脚能脉，诚使服式户600S一年股层光电门1七接计时器光电门2甲【高三物理第4页（共7页）】

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物理参考答案及评分建议第1页（共3页）2/313.(10分)解：()1(<2时间内导体棒运动的路程为2x=t①时刻导体棒切割产生的电动势为E=2Brw②时刻回路的总电阻为,R=(22+21加③由闭合电

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本次写作要求介绍一年中你认为重要的日子。写作时，按照提示展开来写即可。人称以第一人称为主，时态用一般现在时

916.在汽车中悬线上挂一个小球，小球突然向左偏转，如图所示，若在汽车底板上还有一个跟其相对静止的物体M,画出此时物体M的受力情况。北，就7777771777y77777代的四、实验探究题（本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题9分，共19分）17.在“探究面镜成像的特点”实验中，某同学用玻璃板、相同的两个棋牙音子A和B、刻度尺白纸、橡皮泥等器材进行实验，如图所示：是振)若有茶色利无色技璃板，最好选用天色B、玻璃板进行实验(2)在薄玻璃板前放棋子A,移动后面的棋子B,直到看上去它跟A的像完全重合。这样做的主要目的是AA.验证像与物体到镜面的距离相等B.验证像与物体的大小相同C.验证面镜所成的像是虚像五号D.验证面镜成像满足光的反射规律飞船(3)实验中把玻璃板向左移动，像移动方向是化)填“向左”“向右”或“原位置不变”)；(4)若要确认面镜所成像是虚像还是实像，进一步操作是18.如图是探究“杠杆衡条件”的实验。图之代(1)实验前杠杆静止在如图甲所示情况，杠杆一足(选填“是”或“不是”)处于衡状态。阻为了使杠杆在水位置衡，应将杠杆两端的螺母向右调（选填“左”或“右”）。温(2)如图乙所示，将杠杆调整好后，在A点挂3个钩码，应在B点挂个钩码，才能使杠杆在水位置衡；若两端同时去掉一个钩码，杠杆将(选填“仍然衡”“顺时针旋转”或“逆时针旋转”)。(3)如图丙，若用弹簧测力计替代钩码，在B点竖直向下拉，再将弹簧测力计逐渐向右倾斜，要使杠杆仍然在水位置衡，则弹簧测力计的示数将多卜一（连填“变大变小~或不变”)。(4)如图丁，用支点使一根胡萝卜水衡后，沿支点处将胡萝卜切分为A,B两部分，其重力分别为G,G,由杠杆原理可知G,务C(选填“大于“小于”或“等于”)。物理试卷（一）第4页共6页

1/6“皖江名校联盟”2025-2026学年高三质量检测物理参考答案一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。题号345678答案DIACCDB若粒子的速度方向与电场力方向夹角为钝角，则粒子的速率可能先减小后增大，若夹角为锐角或90°，速率只会越来越大，不会再减小，C选项错误，D选项正确。1根据冲量的定义可知，从抛出到返回抛出点过程重力的冲量不等于零，B选项错误；对全过程应用11213mvmv，C选项错误；对全过程应用动量定理则I=Ap=-mu2833.D【解析】由开普勒第二定律可知卫星绕同一中心天体运动时，在同一轨道上相等时间内，卫星与中心天体连线扫过的面积相等，图中两个阴影部分是不同轨道上连线扫过的面积，则两阴影部分的面积不相等，A错误；发射速度要大于11.2km/s，B错误；ⅡI轨道相对于I轨道是低轨道，由高轨道变轨到低轨道需要在M点减速，C错误；根据开普勒第二定律卫星与中心天体连线扫过的面积相等可知，探测器在ⅡI轨道运行时经过MV点的速率与到行星中心的距离成反比，D正确。4.C【解析】改变变阻器R，的阻值，对回路电流没有影响.液滴仍然静止，A选项错误：变阻器R，滑片向上滑动，电容器电压增加，液滴向上运动，B选项错误；断开S。，两板电荷量不变，并且场强大小与板间距离无关，液滴仍然静止，由E，=Wpv=-Eqdpv可知，M板向上移动，电势能不变，N板向下移动，电势能变小，C正确，D选项错误。5.C【解析】由a-t图像可知，～3t。时间内，加速度减小，汽车做变加速直线运动，故A错误；根据u-t1v+v2aoto+aoto32aoto，则0~t。时间内，汽车的位移大小为x=to=2°at，故C正确；根据v-t图2像可知0~3t时间内，汽车的均速度小于aoto，故D错误。2aotoaot0021。3tt6.D【解析】小球受重力、水向左和竖直向上的拉力以及匀强电场电场力的作用，根据共点力衡条【D-026】物理参考答案第1页（共6页）