高三一轮复周测卷低，产生的C3减少；在双重胁迫下，玉米净光合速率下保持水土、涵养水源的作用，再加上高温会加剧水分的降的幅度更大，所以冷害能够明显加剧干旱胁迫对玉米蒸发，因此这种种植方式下的土壤的储水量仍然很低苗生长发育造成的损伤；实验中，C组在恢复期的净光而在“夏豆类一冬小麦”的轮作方式下，夏天豆类的茎合速率变化幅度不大，而D组在恢复期净光合速率变化叶可以减少土壤中水分的蒸发，还能因共生根瘤菌的幅度很大，所以冷害对玉米苗可造成部分不可逆损伤，固氮作用增加土壤中的氮元素含量，从而使冬小麦增适度干旱可提高其抗逆性。产。综上分析，应该选择“夏豆类一冬小麦”的轮作10.C【解析】光合作用的色素分布在叶绿体类囊体薄膜方式。上，光合色素将吸收的光能转化为ATP中活跃的化学13.(24分，除标注外，每空3分)能和NADPH中的化学能，用于暗反应中C3的还原；(1)光照强度大据图1结果可知，在弱光条件下，叶绿体会汇集到细胞(2)叶绿体的类囊体薄膜(2分)叶绿素类胡萝卜素向光侧，能最大限度地吸收光能，保证高效率的光合作光能CO,+H2O-(CH2O)+02用，用化学处理破坏细胞内的微丝蛋白（细胞骨架叶绿体成分)后，叶绿体定位异常，推测叶绿体是沿着微丝蛋(3)无(2分)否(2分)气孔开闭与叶片水分散失有白进行移动的：由图2结果推测，去除叶绿体的关，在实验过程中水分的散失量不变，说明气孔开闭状CHUP1蛋白后，叶绿体定位异常，故叶绿体是通过况也不变葡萄糖向穗的运输过程被抑制，叶片中葡CHUP1蛋白锚定在微丝蛋白上的，则CHUP1蛋白位萄糖含量增加，使光合作用过程受到抑制，所以CO2吸于叶绿体外膜表面。收量下降11.A【解析】该实验的自变量是辣椒品种和PEG浓度，【解析】(1)据图可知，旗叶靠近麦穗，能接受较多的光因变量是辣椒的蒸腾速率、气孔导度和净光合速率；在照，与其他叶片相比，其光合作用由于光照强度大而更植物进行蒸腾作用运输水的同时，溶解在水中的无机有优势。盐也同时被运输，所以蒸腾速率下降，辣椒体内无机盐(2)光合作用可以分为光反应阶段和暗反应阶段，其中的运输速率也减慢；叶片中的光合色素易溶于有机溶光反应阶段的场所是叶绿体的类囊体薄膜；参与光反剂，常用无水乙醇来提取绿叶中的色素，也可以用体应的色素为叶绿素和类胡萝卜素；光合作用的总反应光能积分数为95%的乙醇加适量的无水碳酸钠（除去乙醇式为CO2+H2O>(CH2O)+O2。叶绿体中的水分)代替无水乙醇来提取绿叶中的色素(3)由图示可知，叶片基部温度变化后，水分散失量并二、非选择题没有发生变化，所以叶片基部温度变化对袋内叶片蒸12.(18分，除标注外，每空3分)腾作用没有影响。根据题意分析可知，气孔开闭与叶(1)气孔关闭（气孔导度下降）导致进入叶片的CO2减片水分散失有关，在实验过程中水分散失量不变，说明少，进而影响了光合作用效率气孔开闭状况也不变，所以叶片基部处于低温(5℃)状(2)施肥过多，使土壤中的溶液浓度大于细胞液的浓态时，后30min,CO2的吸收速率下降与叶片气孔开闭度，引起作物失水萎蔫，甚至死亡水被光解产生O2状态无关；据题干分析可知，葡萄糖向穗的运输过程被和「H](或NADPH)与丙酮酸反应生成CO2和[H门抑制，叶片中葡萄糖含量增加，使光合作用过程受到抑(或NADH)制，所以CO2吸收量下降。(3)选择“夏豆类一冬小麦”的轮作方式(2分)。若选择14.(8分，除标注外，每空2分)》“夏休闲一冬小麦”的种植方式，夏季高温时，植被覆盖(1)C3(1分)率低会导致大量的水分因蒸发而散失；而在“夏豆类(2)C(品种)BC冬小麦”的轮作方式下，夏天豆类的茎、叶可以减少土(3)选取长势相似的玉米和大豆间行种植的农田若干壤中水分的蒸发，还能因共生根瘤菌的固氮作用增加块，设置若干试验田的土壤含水量在30%~50%之间土壤中的氮元素含量（合理即可，4分）的一系列梯度；收获两种植物的种子，晒干后称量并记【解析】(1)缺水条件下，植物的气孔关闭，进入叶片的录每块农田上玉米和大豆种子的总质量；总质量最高CO2减少，影响光合作用的暗反应阶段，进而影响了光组的农田土壤含水量即为使产量最大化的最佳含水量合作用效率。(3分)(2)如果农田施用过多的肥料，会导致土壤溶液浓度过【解析】分析表格可知，对照组中，净光合速率最大，气高，影响植物根系吸收水分，引起植物失水萎蔫，甚至孔导度最大，胞间二氧化碳浓度最低，蒸腾速率最大：死亡。水分在叶绿体中参与光反应，可被分解成O2和A2中，净光合速率最小，气孔导度最小，胞间二氧化碳[H](或NADPH);水分在线粒体基质中能与丙酮酸反浓度最高，蒸腾速率最小；A1组处于对照组和A2组应生成CO2和[H](或NADH)。之间。(3)“夏休闲”使夏季土壤植被覆盖率低而降低了植物(1)使用黑色遮阳网遮光，降低光照强度，短时间内，光·12…

【解析】当A开始相对于B运动时，对A受力分析得umg=ma,解得a=2.5m/s2。将A、B看成整体，由牛顿第二定律得F=2ma,代入数据得F=5N,由P=Fv得v=1m/s,所以A开始相对于B运动时，A和B的速度大小都为1m/s,对A从开始到速度减小到1m/s的过程只有摩擦力做功，设摩擦力对A做功为W,由动能定理1得w-2mu2-2m,解得w=-12J,故小物块A克服摩擦力做功为12J,D正确。4.如图所示，半径为R的光滑半圆形轨道固定在水地面上，直径POQ水。一质量为m的小球自P点上方高度处由静止开始下落，恰好从P点无碰撞地进入轨道。取水地面为零势能面，重力加速度为g。当小球第一次重力势能与动能相等时，重力的功率为T77177777777777717777777A.g mg/6gRB.mg/6gRC.D.$mgV10gR【答案】D【解析】设小球距水地面的高度为时重力势能和动能相等，根据机械能守恒定律得mg(R十2R)-/R?R9316h=2×号m02,解得h=0.75R,0=/gR,设此时速度方向与竖直方向的夹角为0，则c0s0，重力的醉时功率为P=mg0s0,解得P=mgv0gR,D正鸡w155.如图所示，光滑固定斜面的倾角为0。一轻质弹簧的下端与放在斜面底端挡板处的物体B相连，上端与物体A相连，A、B都处于静止状态，弹簧和斜面行。用一根不可伸长的轻绳通过轻质光滑的定滑轮连接物体A,滑轮右侧轻绳与斜面行，滑轮左侧轻绳的下端连一轻质挂钩。现在轻质挂钩上挂一物体C(图中未画出)并由静止释放（物体C不会和地面接触），B恰好能离开挡板但不继续上升。从C由静止释放到运动到最低点的过程中，下列说法正确的是A.弹簧对A的弹力一直做正功B.轻质挂钩对C的拉力大小一直增大C,A、C组成的系统机械能守恒D.当C运动到最低点时，A的加速度大小为0【答案】B7T777T77T7777【解析】若B恰好离开挡板但不继续上升时，A的速度不为零，则A会继续拉动弹簧使B受到的弹力变大，B就会继续上升，故可推知B所受的合力为零且A的速度为零，因A向上运动，弹簧对A的弹力先沿斜面向上后沿斜面向下，故弹簧对A的弹力先做正功后做负功，A错误；对A、C整体由牛顿第二定律得cg一F弹一magsin0=(mA十mc)a,由于弹簧弹力一直变大，故a一直变小，对C由牛顿第二定律得mcg一Fr=mca,因a一直变小，故FT一直变大，B正确；A、C和弹簧组成的系统机械能守恒，A、C组成的系统机械能不守恒，C错误；当C运动到最低点时速度为零，C经历了向下的减速运动，故此时加速度向上，而A与C用同一根绳连接，沿绳的运动状态完全相同，故A此时的加速度不为零且方向沿斜面向下，D错误。6.如图甲所示，弹性轻绳（符合胡克定律）下端系一物块，用外力将物块下拉至离地面的高度h=0.1m处，然后由静止释放物块，通过传感器测量得到物块的速度和离地面的高度h,并作出物块的动能Ek与离地面高度h的关系图像如图乙所示，其中高度在0.2~0.35m范围内的图线为直线，其余部分为曲线。以地面为零势能面，取g=10m/s2,弹性绳始终在弹性限度内，不计空气阻力。则个E小0.20.1出otN010.20.32。

周测月结提升卷·化学（五）·管是不需要的。动，说明该反应为吸热反应(3分)②电解池中S电极为阴极，Pt电极为阳极，K+从(4)①0.02(1分)左池通过阳离子交换膜移向右池，K+向阴极区迁px20%)2×(pX20%)2②100100b×30%×pX30%-(2分)移，电解一段时间后，若两的物质的量100100相差0.04mol,即转表多电字的物质的量为0.02mol,【解析】1)设H2O(1)——H2O(g)△H3=阳极的电极反应式为4HCO4e=O2个+mol1为反应③，根据盖斯定律，目标反2H20,转移0.02mol电子时，生成的气体CH4(g)+2O2(g)C02(g)+2H201)可由①0.025mol,气体的体积（标准状况下+②一2X③得到，△H=△H1十△H0.025mol×22.4L/mol=0.56890.3kJ·mol1解析网(4)总反应速率快慢取决于，反应速！率慢的基元反应，(2)图中所示为C0,和2反应制CHOH的反应某反应的速率方程为。c(NO2),即说明慢反应机理，涉及3个级联反应，总反应可表示为CO2十要符合该速率方程，则与速率方程符合的是反应机CH3OH+H2O。催化剂可降低反应的理分步反应叠加可得到总反应，则该反应的化兮活化能，提高反应的速率。方程式可表示为NO2十CO=NO+CO(3)反应CH4(g)+CO2(g)=2C0(g)+2H2(g)19.(13分)气体分子数增大的反应，增大压强，衡逆向移动(1)-890.3kJ·mol衡时CO2物质的量分数增曲线Ⅱ，则曲(2)C02H3OH+H2O(2分)催化线I为一1gK。随温度变化曲线，即升温时，一lgK。剂降低了应的活化能(1分)》减小，K向移动，说明该反应为吸热(3)I(1分)吸热(1分)反应CH4(g)+C02(g)一2C0(g)+2H2(g)为气体分子数增大的反应，增①反应开始时，密闭容器内加人CH4和CO2的大压强，衡逆向移动，衡时CO2物质的量分数物质的量均为1mol,设达到衡时消耗xmol增大，对应曲线Ⅱ，则曲线I为一lgK。随温度变化CH4,根据题意列出三段式：曲线，即升温时，一gK。减小，K。增大，衡正向移。7

口■■口口口7.二氧化碳固定量等于光照时CO2吸收速率加黑暗条件下C02释放速率，实线24°℃吸收速率52mol/s加虚线24°C释放速率10mol/s,故CO,固定速率62mol/s,A正确：29°C,呼吸速率与净光合速率相等，光合速率等于二者相加，B错误；减弱光照，呼吸曲线基本不变，C错误；呼吸速率在图示范围内随温度升高而增长，D错误。8.甲组应该还有两种可能性“+-”以及“-一”，从图可判断，乙组最强，故强光抑制光合，BR促进光合。甲、丙相似，排除甲组“+-”的可能性。A、B选项判断强光和BR对光合作用影响类型，解释所有组光合作用整体减弱的可能原因。D解释不合理，甲、丙不可做对照。9.实验2中的酒精还可用于漂洗，洗去多余的卡诺氏液，A错误；解离的作用是溶解细胞之间的间质，分离细胞，不是分散，B错误；取材时间一般在上午10点到下午2点，细胞大多处于分裂期，C错误；实验2中部分细胞没有完成染色体数目的加倍，则可能观察到实验1中的正常染色体数目的细胞图像。10.营养缺乏时，线粒体的呼吸底物可能是组成细胞的各种物质11.若第一极体的染色体数目是23，则次级卵母细胞的染色体数目也是23，但是在减数分裂Ⅱ过程中可能出现异常导致最终形成的卵细胞并不·~定有23条染色体，则所生孩子染色体数目不一定是46，A错误；若第二极体的染色体数目是22，则有可能在减数分裂I或减数分裂Ⅱ出问题，若在减数分裂【出问题，则卵细胞和第二极体的染色体数目相同，所生孩子染色体数目则为45条，若在减数分裂Ⅱ出问题，则卵细胞的染色体数目为24条，所生孩子染色体数目为47条，B错误；已知母亲为XX,而第一极体有两个A基因则说明次级卵母细胞中有两个a基因，而父亲只能传给儿子Y染色体，则所生儿子一定为XY为患者，C正确：若第二极体有一个A基因，可能是在减数分裂I前期发生了同源染色体中非姐妹染色单体的交换，则卵细胞中仍然有可能含有一个ā基因，则所生儿子不一定正常，D错误。12.基因库是指种群中全部个体含有的全部基因，而不是B和b基因，A错误；眼皮性状可能受到环境、表观遗传等多方面因素的影响，B错误；B的基因频率=0.64+1/2×0.2=0.74;b的基因频率=0.16+1/2×0.2=0.26，C错误；双眼皮女性为Bb的概率为0.2/(0.64+0.2)=5/21，则双眼皮男性中的Bb概率也是5/21，生育单眼皮女孩的概率为5/21×5/21×1/4×1/2=0.007，D正确。13.用同时标记了35S和2P的T2噬菌体侵染未标记的大肠杆菌，证明不了T2噬菌体的遗传物质是DNA,A错误；该实验中，离心后上清液含标记35S的物质，沉淀物含标记32P的生物参考答案·第2页（共5页）

14.最大径流量出现在7月，而最大负物质衡出现在8月的主要原因是①7月降水量最大②7月降水对冰川消融有缓解作用，使得负物质衡状态有所减弱③8月气温继续升高，冰川消融增多④8月降水在冰川表面大多为液态，导致负衡有所加剧A.②③④B.①②④C.①3④D.①②3④植被不仅可以反映气候变化趋势，同时也对气候变化具有一定适应性。目前归一化植被指数D是款为容用的、种反陕杭技生长状况的指数，千湿安化对植镜生长产生的形响想未总明显，目前常用标准化降水燕散指数(SEI)来表征干湿状况，拉被对千湿支化具有敏感性。图5为秦岭陕西段南北坡NDV与SPEI相关系数随海拔变化图，据此完成15~16题。0.5高位波动0.4快速下降北坡-一南坡下降减缓o100000.3翠快速下体低位波动西0.105001000150020002500300035004000海拔(m)海拔(m)北·南4000灌丛，草甸带灌丛及草甸带3000休带针叶林带2000针阔叶针阔叫林带林带1000:常绿落叶阔叶混交林带落叶阔叶林带常绿阔叶林带图515.关于素岭陕西段南北坡NDVI与SPEI相关系数随海拔变化图，下列说法不正确的是A.海拔500m以下没统计数据，是因为人为活动干预强烈B.海拔500-800m,随海拔上升秦岭南北坡相关系数快速上升，表明植被对干湿变化均越来越敏感C.海拔1200~1900m,北坡比南坡相关系数大，植被响应更加敏感D.海拔1900~2300m素岭南北坡差异较大，秦岭北坡相关系数上升，表明植被覆盖率更高16.导致海拔2500~3000m秦岭南北坡随海拔上升相关系数均快速下降的原因可能是A.植被类型的变化B.植被覆盖率下降C.降水减少D.积雪增多二、非选择题：本题共4小题，共52分。17.阅读图文材料，回答下列问题。（14分)里海是世界上最大的成水潮，湖底自北向南领外潮水北浅南深。卫海盛产多种鱼类，渔业资富，天然捕捞业发展历史悠久。同时，里海沿岸地区和湖底石油与天然气资源储量丰富。20世纪50年代以来，里海油气资源开采和加工业迅速发展，规模不断扩大。近十几年来，在油气资源开采与加工、过度捕捞、水质下降等多种因素影响下，里海的渔业资源不断减少。图6示意里海主要油气田分布及周边地区简图。地理试题卷第4页共6页

umg ma②1分设木板加速度为a2'，根据牛顿第二定律，有ling Ma"③1分设经过时间，两者达到共同速度，有v=Y-at2=V3+a2 t2④1分小物块相对木板的位移为=-⑤1分2木板的最小长度为L为28L=x-+A,=兮m⑥1分414

17.在直的公路上，一辆小汽车前方有一辆大客车正以12ms的速度匀速前进。当两车相距26m时，小汽车从静止开始出发以1m/s2的加速度追赶大客车。试求：(1)小汽车何时能追上大客车：(2)小汽车追上大客车时的速度大小：(3)小汽车追上大客车前两车的最远距离。18.如图所示，半径R=1.0m的光滑圆弧轨道固定在竖直面内，轨道的一个端点B和圆心0的连线与水方向的夹角9=37，另一端点C为轨道的最低点。C点右侧的光滑水面上紧挨C点静止放置一木板，木板质量M=2kg,上表面与C点等高。质量为m=1kg的物块（可视为质点)从空中A点以某一初速度水抛出，恰好从圆弧轨道的B端沿切线方向进入轨道。已知物块与木板间的动摩擦因数u=0.2,物块经过C点的速度vz=6m/s,已知g=10m/s2,sin37°=0.6,c0s37°=0.8，求：(1)若木板足够长，物块滑上木板到与木板相对静止的过程中摩擦力对木板所做的功和系统产生的内能：(2)物块在A点的抛出速度v0大小。VoRoCM7777777777777777777物理试卷第6页（共6页）

力强，穿透能力比较弱，不能够透过铝板，B项错误；氡R发生的衰变为α衰变，衰变一次会减少2个中子和2个质子，C项正确；半衰期是一个统计规律，只针对大量原子核成立，对于具体少量个数的原子核不适用，D项错误。8.C【解析】题给材料中提到的衍射现象，该现象说明电子具有波动性，A项错误；设加速电压为U,由动能定理可得U=E,电子德布罗意波的波长入=h一hp√2neU，由于波长越短，衍射现象越不明显，可知为了进一步加强电子显微镜的分辨本领，应当增大加速电子的电压，B项错误；同理，质子的德布罗意波的波长=hb=3元，由于质子的质量远大于电子的质量，则相比于电子，质子的德布罗意波的波长更短，则质子显微镜的分辨本领更强，C项正确；由入一会可知，电子的动量越小，德布罗意波的波长越长，则衍射现象越明显，电子显微镜的分辨本领越弱，D项错误。9.AB【解析】图甲为卢瑟福通过α粒子散射实验提出原子的核式结构模型，A项正确；图乙为工业上利用放射性同位素射线的穿透能力来控制金属板或塑料板的厚度，B项正确；图丙中镉棒的作用是吸收中子，控制反应速度，调节反应速度的快慢，C项错误；由图丁可知，对于质量数大于60的原子核，质量数越大，比结合能越小，原子越不稳定，D项错误。10.AC【解析】由质量数与电荷数守恒，可知X为电子，则氚发生3衰变，氚核发生3衰变时所释放的电子是原子核内的一个中子转变为一个质子的同时生成的一个电子，A项正确；氚(H)与氕(H)、氘(H)这两种同位素具有相同质子数，因为质量数不同，所以中子数不同，B项错误；由于衰变过程会释放核能，根据爱因斯坦质能方程可知，必定存在质量亏损，即H核的质量大于He核与X的质量之和，C项正确；经过25年，剩余的氚(H)变为原来的四分之一，D项错误。11.BC【解析】由图可知，用三种单色光分别照射光电管时对应的遏止电压的大小关系为U>U6>Uc,根据Ek=eU=hv一W。可知，va>h>u,A项错误、B项正确；因为c光的饱和光电流最大，所以单位时间内，用c光照射光电管时逸出的光电子数目较多，C项正确；α光的频率最大，根据E=hy可知，a光对应的能级差最大，D项错误。12.BC13.6【解析】氢原子从”一1能级跃迁到1一2能级时，释放出的能量△B=B1一E.?一(m2)V(m)eV,由于释放出的能量△E可以使n一1的能级上的电子产生“俄歇效应”，则△E13.6≥0一E,-1,又因为一2≥1，解得3≤n≤3十√2，n为整数，即n的可能的值为3、4，B、C项正确。☆·115·【23·G3DY(新高考)·物理·参考答案一R一必考一SD】

箱的阻值R1,断开开关S。(2)将电压表与c点连接的导线改接到d点，闭合开关S,调节R,和R,使电压表和电流表的示数与步骤(1)中记录的示数相同。记录此时电阻箱的阻值R2,断开开关S。(3)根据以上记录数据可知，电阻R的阻值为（用R,和R2表示)。(4)已知电压表和电流表均不是理想电表，则本实验中电阻R的测量值一（填“大于“小于”或“等于”)真实值。四、解答题（13题10分，14题13分，15题15分，满分38分。计算题要求写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤，只写出最后答案的不能给分。有数值计算的题，答案必须写出数值和单位。)13.(10分)低空跳伞大赛受到各国运动员的喜爱。如图所示为某次跳伞大赛运动员在一座高为h=300m的悬崖边跳伞时的情景。运动员离开悬崖时先做自由落体运动，经过4s后，展开降落伞匀减速下降。为了运动员的安全，运动员落地时的速度不能超过4m/s,g取10ms2,求：(1)打开降落伞时距地面的距离：(2)匀减速运动阶段加速度大小和方向：(3)下落整个过程运动员的均速度大小。14.(13分)如图所示，放在粗糙斜面上的物块A和悬挂的物块B均处于静止状态，轻绳AO绕过光滑的定滑轮与轻质弹簧的右端及轻绳BO的上端连接于O点，轻质弹簧中轴线沿水方向，轻绳的OC段与竖直方向的夹角0=53°，斜面倾角a=53°，弹簧的劲度系数k=200Nm,弹簧的伸长量x=2cm,物体A与斜面间的动摩擦因数u=0.5,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2,sin53°=0.8，cos53°=0.6求：(1)B物体的质量；(2)若m=0.5kg,物块A受到的摩擦力大小及方向？(3)为了使A和B始终在图示位置处于静止状态，A物体的质量要满足什么条件？（斜面固定不动）试卷第6页，共7页

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第十七套滚动内容十化学反应速率与化学衡(B卷)1.B【解题分析】根据HIn(aq)(红色)一H+(aq)十In(aq)(黄色)可以看出使衡正向移动可以显示黄色，加入Na2CO3溶液消耗氢离子可以使

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出下列句子中的空缺部分。(6分《论语十二章)中，反映了“君子“和小人不同的值道求的句子是：“仪单元检测示范卷·语文（七）默写常见的名句名篇)（书）中精述陆青年时别的放生话的句子见能表弧州暖会秋风大敏

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3、2024届河北高三省级联测考试英语答案

第二节读后续写（满分25分）阅读下面短文，根据所给情节进行续写，使之构成一个完整的故事。The Sports Day was fast coming to the school.All the chi

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D.辽宁省2023年普通高中学业水选择性考试4.铁生物学模拟试题（一）亡正本试卷共25题，共10分，考试时间75分钟，考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回注意事项：B,答题前，考生先将自己的姓名、考

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C.质点速度的变化方向与其加速度方向相同D.若质点的速度方向不断变化，则其速度变化量的方向一定不断发生变化3.甲、乙两辆汽车在同一直公路上两个不同的车道同向匀速行驶，两车行驶至十字路口附近时发现前方

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2023年安徽省初中学业水考试语文押题卷（五)(试题卷)注意事项：1.你拿到的试卷满分为150分（其中卷面书写占5分），考试时间为150分钟；2.试卷包括“试题卷”和“答题卷”两部分，“试题卷”共8

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D US writer Margaret Lee Runbeck once wrote,"Happiness is not a station you arrive at,but a manner o

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周测卷十四《磁场与回旋加速器》1.A解析：本题考查安培定则。根据图中电路，闭合开关时，小磁针上方的导线中有向右的电流，再由安培定则可判断，该段导线下方的磁场方向是垂直纸面向里，所以闭合开关时可观察到小

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22òV1明暗相间条纹且宽度相同，C、D两项错误sin r3.AD【解析】由丁是激光束越过细丝即绕解得n=√3。108s过障碍物，所以是光的衍射现象，当抽制的丝（2)光在棱镜中传播的速度v一”一方变细

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1、佩佩教育·2024年普通高校招生统一考试 湖南10月高三联考卷物理答案

A.整列车的加速度大小为4F一9kmg9mB.车厢对乘客的作用力与乘客所受的重力大小相等C第4节车厢对第5节车厢的作用力大小为号FD.车厢之间的作用力与摩擦力有关三、非选择题：共56分。11.(6分)

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(2)使用打点计时器时，应先接通电源，后释放纸带，所以先接通打点计时器的电源，后释放滑块1。(3)释放滑块1后，滑块1做匀速运动，与滑块2发生碰撞后，同滑块2一起做匀速运动，根据纸带的数据得，碰撞前滑

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后再释放小车，该实验探究加速度与力和质量的关系，要同时记录拉力传感器的示数，选项C错误；要改变砂和砂桶的质量，从而改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随F变化的关系，选项D正确(2)根据公式△x=

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(④计算出直尺不同刻度对应的加速度，并标在直尺上，蒙可用此装置直接美量竖直方向的加速度，各刻度对应加速度的值是广少(选填“均的”或“不均的”)的：3.(10分)一大阳能空气集么是，度重及侧面方隔丝材制，须重为透手玩第饭，拿芸(⊙)如图所示，弹簧下滨指针位置的加速度示数应为号》m15,~容头为开美时内多指阳落当方上老大安华，气体结白方红方角(结美均保套两位有效数字)至I=350K.12.(8分)在做“练使用多用电表”的实验时，进行了如下测量：(1)求此时汽体的压是；e V（②)保精工0瓜不夜，强指能喜分气体，使气客医再支到人，若过养中集热器内剩会气体是吸益还是放这：家期会气在5质童与夏来毛质量当比值A-02业沙24A图乙图丙长甲医久材能4元m-iv图甲)若选用倍率为“×100”的电阻挡测电阻时，表针指示如图甲所示，则所覆正的阻值为02Q:如果要用此多用电表测量-个阻值约为20x10跃的电照，为了使测量结果比技精确，应选用的跃每若是X上（选装°0：mP实“x然”)。口无用如医乙所示的电路来量欧练表内宝电的电动务，度线道有方海充动R部结构。③在皂路连接时，要注意毫安表的“十”接线柱要与欧姆表的纪某选填红或“黑”)表笔相连人空空有的烟直，记录多组电阻箱阻值双通过晓安表的套唐染防所示则电装的电动劳E一0N依右效煮到度不考志实装线然误莲的情说下，电源电动势的测量值大人门“小于”或“等于”)真实值。一（选填“大于YaZN高三物莲试通第5页（失3见高三物莲试题第6页共8)

/cmAAAs.与P O第15题图甲第15题图乙A.1=7.0s时，质点P点振动方向沿y轴正方向B.1=3.5s时，质点P、Q的振动方向相反C.在前4s内，质点P经过路程为24cmD.在前4s内，质点P、Q经过的路程相差最大的时刻出现在3.5s≤1≤4.0s第Ⅱ卷（非选择题共55分）三、非选择题（本题共5小题，共55分）16.I.某实验小组利用如图所示的装置探究小车及车中砝码的加速度与其质量、与其所受合力的关系。砝码盘及盘中砝码总质量用m表示，小车及车中砝码总质量用M表示。打点计时器纸带砝码盘及砝码品长木板7777777777777(1)安装器材时要调整长木板的倾斜程度使得被轻推出的小车在(选填“挂”或“不挂”)砝码盘的情况下，能沿斜面匀速下滑，实验时应调整长木板左端滑轮的高度让牵引小车的细线(选填“水”或“与木板行”)(2).实验时满足m远小于M是为了A.减小实验的偶然误差B.让绳对小车的拉力大小近似等于小车的合外力C.让绳对小车的拉力大小近似等于砝码盘及盘中砝码的总重力D.砝码盘及盘中砝码的总重力大小近似等于小车的合外力Ⅱ.科技文化节中，某兴趣小组做了如下实验。利用单摆测量重力加速度，实验操作如下：(1)使用游标卡尺测量实芯钢球的直径，钢球直径为d:86(2)将器材按甲图方式连接，用刻度尺测量出悬点与钢球最87上端间细线长度为！：使钢球按照乙图方式运动，摆角小于5°，钢球第1次经过最低点处开始计时，第n次经过最低点时的总时间为，则重力加速度g」；(用测得的物理量表示)(3)若钢球实际按图丙方式在水面内做圆周运动，但仍然视作单摆，则测量出的重力加速度值(填“偏大”或“偏小”)。(④)另一位同学直接用米尺和三角板测量了单摆的摆长，如图，则单摆摆长是m:Ⅲ用频闪照相记录抛小球在不同时刻的位置，探究抛运动的特点。某同学实验时忘了标记重垂线方向，为解决此问题，他在频闪照片中，以某位置为坐标原点，沿任意两个相互垂直的方向作为x轴和y轴正方向，建立直角坐标系xOy,并测量出另外两个位置的坐标值(x,y)、（x2,y2),如图所示。根据抛运动规律，y-0利用运动的合成与分解的方法，可得重垂线方向与y轴间夹角的正切值0为4

三、实验与探究题（共4小题，计22分）18.(4分)请完成下列填空。初中学图图一2图一3(第18题图)(1)如图-1所示的体温计的示数为318℃。024年(2)在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中。如图一2示，沿水方向辣拉动木块测出滑动摩擦力大小。在木块上添加砝码，再次实验，发现弹簧测力计示数变大，说明滑动摩擦力的大小与力有关。大州堡分为剑（3)用如图一3所示的电路“探究影响导体电阻大小的因素”。实验中通过观察电腕杨松来比较电阻的大小试卷和19.(4分)如图，这是“测量物体运动的速度”的实验装置。,同时月答题(1)该实验原理是氏立结束(2)实验时，为了使小车在斜面上运动的时间长些，便于测量时间，应选填“增大”或“减(第19题图)小”)斜面的倾斜角度。(3)以下滑过程中的小车为参照物，金属片是西也的。从斜面顶端到金属片的距1(共离为1.2，测得小车从斜面顶端滑下到撞击金属片的时间是2s,则小车通过这我国4cm段路程的均速度是0bm/s。日，20.(7分)小明在“探究电流与电的关系实验中，实验电路如图一1所示，电源电压恒文化为3V,定值电阻R的阻值为52。象与10之127图-1图-2图-3(第0题图)1)连接电路时，开关应好在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最(选填“左”或“右”)端。(2)闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，用一根导线分别与定值电阻和电流表并联，两表仍无示数，当导线与滑动变阻器并联时，发现两表指针有明显偏转，则故障原因是油透丽荡，(3)排除故障后，闭合开关，改变滑动变阻器滑片的位置记录的实验数据见下表。表中空白处电压如图一2所示，该示数是2此V。根据表中数据得结论：电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成巡电压U/V0.61.21.83.0电流I/A0.120.240.360.480.60

二、非选择题（共三大题，共50分）26.(15分)1.19%（1分)加强气象监测，提高洪水预警机制：（1分)加强绿洲地区生态建设（1分)；流域内水资源统一管理；(1分)加强水库、河堤等基础设施建设与管理：（1分)加强宣传，提高公众防洪意识。(1分)2.林地、草地面积下降，吸收二氧化碳能力下降，碳排放量上升；(1分)水域面积下降，加剧碳排放；(1分)建设用地面积上升，导致碳排放量上升；(1分)耕地面积增加，碳排放量上升。（1分)3.绿氢利用可再生能源电解制取，清洁可再生；(1分)新疆塔里木盆地风能、太阳能等能源丰富：(1分)东部地区经济发达，氢能需求大：(1分)制氢、输氢技术进步；(1分)政策支持(1分)。27.（15分)1.甲地(1分)河谷风力较大(1分)，搬运能力强（大小沙粒均可搬运）(1分)，搬运距离长(1分)，搬运时间长(1分)。（任选三点给3分）2.冈底斯山基岩被风化剥蚀形成风化物(1分)，洪水期，河流携带大量碎屑物质进入宽谷(1分)(若没有洪水期不给分)，流速减慢，碎屑物质在河漫滩大量沉积(1分)；宽谷河流水位浅，枯水期河漫滩河床堆积物大量出露(1分)（若没有枯水期不给分）：河床堆积物经过风力搬运（1分)受地形阻挡堆积(1分)形成沙丘。3.全球变暖导致冰川融化增多，河流径流量增加(1分)，流水搬运能力增强(1分)，输沙量增大(1分)；全球变暖导致冻土融化/冻融风化加强(1分)，可侵蚀物质增多，河流中泥沙来源增加(1分)，加剧了河谷风沙化的速度。28答案：（20分)(1)国内常规能源缺乏(1分)；经济发达，电力市场需求量大(1分)；核电技术先进(1分)：核电污染小(1分)。(2)城镇人口占总人口的比重（1分)；日本第一产业比重低，科技水高，生产效率高，农业吸纳就业人口少(2分)；第二、三产业比重大，吸纳的就业人口多(2分)。(3)加速(1分)加剧我国核（海水）污染，威胁我国的生态环境安全(1分)；海洋渔业资源遭到破坏，影响中国的粮食安全（资源安全）(1分)；威肋中国公民的人身（生命）健康安全(1分)：侵犯中国的海洋权益（1分)。(4)工业基础好/生产协作条件好；(2分)科技先进/研发能力强(2分)产业链长/产品附加值高(2分)

100所名校高校模拟金典卷·物理（二）1.答案B解题分析本题考查竖直上抛运动。取向上为正方向，根据位移公式x=6一g,可求得1s内B项中球的位移为零，其他三个球的位移均不为零，B项正确。2.客率A解题分析根据电路中电流方向和电容器极板间电场强度方向可知，该时刻电容器正在充电，电容器所带电荷量正在增大，电路中电流正在减小，线圈的磁场能正在转化为电场能，A项正确，C、D项错误。点电势比b点电势高，B项错误。3客累B票分玩卫星绕地球微句建圈周运动，由万有引力授供向心力：有G恤-孕，可得户一盖，故斜率长一高B项正确。4.●答案B解题分折M点的电势Pw=kg,N点的电势PN=k号，M,N两点的电势差U=1一=k?-k号rk号，由动能定理可知，试探电荷从M点沿轨迹运动到N点过程中动能的变化量△E=gU=架，B项正确。25.答案B解题分析一群处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁，最多可以辐射出C号=3种单色光，A项错误；由E=层，可知处于=3能级的氢原子的能量B-号=-151V,处于m=3能级的氢原子直接跃迁到基态，辐射出的光子能量△E1=(一1.51eV)一（一13.6eV)=12,09eV,大于金属钨的逸出功4.54eV,可以发生光电效应，B项正确；处于n=2能级的氢原子的能量B-号=-3.4V,处于n=3能级的氢原子跃迁到m=2能级，辐射出的光子能量△E2=(-1.51eV)-(-3.4eV)=1.89eV,小于金属钨的逸出功4.54eV,不可以发生光电效应，C项错误；处于基态的氢原子跃迁至=4能级，需要吸收光子，D项错误。6.答案C解题分析小球从最低点运动至衡位置的时间为15，小球做筒谐运动的周期T=4X1s=4s,A项错误；小球做简谐运动的振幅A=(,B项错误；设初始时弹簧的伸长量为x,则有kx=mg,将小球向下拉动距离(，弹簧的伸长量为r十1，弹力为F,则有F=k(十D,联立解得k=Em竖，C项正确：在18未，小球经过衡位置，所受合力为0，加速度为0，但是速度最大，D项错误。7.

0.25，重力加速度大小g=10m/s²。（1）要使小包裹在离开传送带甲之前与甲的速度相同，则小包裹释放的位置距传送带乙的左侧边缘的距离L至少为多少？（2）求小包裹刚滑上传送带乙时所受摩擦力的大小及方向。#，中个四出#传送带乙传送带甲小包裹S型错误（技能型错误）K型错误（知识型错误）S试卷分析失分错误类型涉及题序涉及题序失分错误内容25·G3ZCJ（新高考)·物理（七）-R-必考-GDONG

0.25，重力加速度大小g=10m/s²。（1）要使小包裹在离开传送带甲之前与甲的速度相同，则小包裹释放的位置距传送带乙的左侧边缘的距离L至少为多少？（2）求小包裹刚滑上传送带乙时所受摩擦力的大小及方向。#，中个四出#传送带乙传送带甲小包裹S型错误（技能型错误）K型错误（知识型错误）S试卷分析失分错误类型涉及题序涉及题序失分错误内容25·G3ZCJ（新高考)·物理（七）-R-必考-GDONG

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赋为05k限的物垫水之？水地地心~，内w还南度卫地2止n力F物灰8.如图5v/(m·s)动的四数为以2之取重力加速度太小系8法1】过程中士0一4s内力本做的功为4」6→人0二4s内物快州受膝擦力的冲

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1、金科大联考·2023~2024学年度高二年级1月质量检测(24420B)政治答案

1、金科大联考·2023~2024学年度高一年级12月质量检测(24308A)地理

T7BC【解析】由图甲可知周期T=0.4s,图乙为1一0.05s=8时的波动图像，此时x=0的质点正在向上振动，根据上下城法可得波沿r轴正方向传搭，故A错误：由图乙可知X=1.6m,故波速=产=4m/,故B正确：由图甲可知I=0的质点振动方程为y=0.4sin5tm,代入1=0.45s,可得y=2=5m,故C正确；x=0.2m的质点比x=0的质点振动滞后△=0,2s=0.O5s,故D错误。故选BC。48.AD【解析】由公式=wr可知，太空电梯沿索道匀速上升时，做圆周运动的半径变大，则太空电梯绕地心运动的线速度变大，故A正确；太空电梯和地球要保持相对静止，则电梯各处必有相同的角速度，故B错误；站在太空电梯地板上的人突然飘起来时，人所受万有引力恰好提供做圆周运动向心力，设此时太空电梯离地面的高度为，则有GR=m(停)(R-),T=21h地球表面物体受到的重力mg=G资，联主解得A=Mmn/2π12gRT--R=3.6X10km,故C错误，D正确。故选AD。9.BD【解析】从图乙可知，摩擦力在x。处方向发生变化，在x~2x,区间工件的摩擦力大小发生变化，说明工件与传送带相对静止，故工件先做加速运动后做匀速运动，故A错误；在x~2x区间摩擦力大小等于弹簧弹力大小，2x位置摩擦力为零，所以弹力为零，所以工件运动2x。后与弹簧分离，故B正确；由胡克定律得=0.5F0,解得弹簧的劲度系效：，故C错误：摩擦力对工件先做正功后做负功，图乙图像与工轴围成的面积在救值上等于对工件做的功，即W=F,弓×0.5F,=0.75F,故D正确。故选BD。10,BD【解析】发生第一次接触时，以向右为正方向，由动量守恒和能量守恒得M十m·4=Mw十m,M话十合m·(4=号M十m解得=设=智议诺受发生两欢接触，则有<0十<0，解得M>11,故A错误；若M=12m,当A、B第一次共速时，弹簧达到的最大弹性势能，由动量守恒和能量守恒得Ma十m·4=M+m0,M+m·(4a)户=2（M+m2十瓦，解得E,-5,故B正确：若M=12m,13一沿B的速定为-什，可知A,B可以发生两次搓融，第1次接能后，A的速度为0所一一200=可知C错溪：第2次共走时，此时第位势院为2·（得一是)厂-（光项根器公式：△迟192)故D正骑。三、非选择题（本题共5个小题，共56分）11.(6分，每空2分)(1)小于(2)2.16（或2.17）(3)偏大【解析】(1)由于砂桶的加速度方向向下，根据牛顿第二定律有mg一F=a,故F小于mg。.3(2)由于相邻计数点间还有2个点没有画出来，计数点间的时间间隔一3T=0$由逐差法得加速度大小为a=m=(15.06-6.75-6.75)X104t2-m/s2=1.08m/s2,故砂桶的加速度为2a=×(需2.16m/s2(4)实验完毕后，某同学发现实验时电源的实际频率小于50Hz,实际打点周期变大，则t的真实值比测量偏大，根据a=m,可知，测量值比真实值偏大。4t212.(10分，每空2分)(1)260(3)R(4)见解析图(5)+R）I1-I2(6)250【解析】(1)欧姆表的读数为R,=26×102=260(3)由题知，为准确测量R,故需要测量较多的数据，所以滑动变阻器采用分压式接法，故滑动变阻器选用最大阻值小的R3;(4)因题中没有提供电压表，故需要将电流表A2与定值电阻R1=9002串联，改成一个电压表，其量程为物理参考答案（附中版）一2

T7BC【解析】由图甲可知周期T=0.4s,图乙为1一0.05s=8时的波动图像，此时x=0的质点正在向上振动，根据上下城法可得波沿r轴正方向传搭，故A错误：由图乙可知X=1.6m,故波速=产=4m/,故B正确：由图甲可知I=0的质点振动方程为y=0.4sin5tm,代入1=0.45s,可得y=2=5m,故C正确；x=0.2m的质点比x=0的质点振动滞后△=0,2s=0.O5s,故D错误。故选BC。48.AD【解析】由公式=wr可知，太空电梯沿索道匀速上升时，做圆周运动的半径变大，则太空电梯绕地心运动的线速度变大，故A正确；太空电梯和地球要保持相对静止，则电梯各处必有相同的角速度，故B错误；站在太空电梯地板上的人突然飘起来时，人所受万有引力恰好提供做圆周运动向心力，设此时太空电梯离地面的高度为，则有GR=m(停)(R-),T=21h地球表面物体受到的重力mg=G资，联主解得A=Mmn/2π12gRT--R=3.6X10km,故C错误，D正确。故选AD。9.BD【解析】从图乙可知，摩擦力在x。处方向发生变化，在x~2x,区间工件的摩擦力大小发生变化，说明工件与传送带相对静止，故工件先做加速运动后做匀速运动，故A错误；在x~2x区间摩擦力大小等于弹簧弹力大小，2x位置摩擦力为零，所以弹力为零，所以工件运动2x。后与弹簧分离，故B正确；由胡克定律得=0.5F0,解得弹簧的劲度系效：，故C错误：摩擦力对工件先做正功后做负功，图乙图像与工轴围成的面积在救值上等于对工件做的功，即W=F,弓×0.5F,=0.75F,故D正确。故选BD。10,BD【解析】发生第一次接触时，以向右为正方向，由动量守恒和能量守恒得M十m·4=Mw十m,M话十合m·(4=号M十m解得=设=智议诺受发生两欢接触，则有<0十<0，解得M>11,故A错误；若M=12m,当A、B第一次共速时，弹簧达到的最大弹性势能，由动量守恒和能量守恒得Ma十m·4=M+m0,M+m·(4a)户=2（M+m2十瓦，解得E,-5,故B正确：若M=12m,13一沿B的速定为-什，可知A,B可以发生两次搓融，第1次接能后，A的速度为0所一一200=可知C错溪：第2次共走时，此时第位势院为2·（得一是)厂-（光项根器公式：△迟192)故D正骑。三、非选择题（本题共5个小题，共56分）11.(6分，每空2分)(1)小于(2)2.16（或2.17）(3)偏大【解析】(1)由于砂桶的加速度方向向下，根据牛顿第二定律有mg一F=a,故F小于mg。.3(2)由于相邻计数点间还有2个点没有画出来，计数点间的时间间隔一3T=0$由逐差法得加速度大小为a=m=(15.06-6.75-6.75)X104t2-m/s2=1.08m/s2,故砂桶的加速度为2a=×(需2.16m/s2(4)实验完毕后，某同学发现实验时电源的实际频率小于50Hz,实际打点周期变大，则t的真实值比测量偏大，根据a=m,可知，测量值比真实值偏大。4t212.(10分，每空2分)(1)260(3)R(4)见解析图(5)+R）I1-I2(6)250【解析】(1)欧姆表的读数为R,=26×102=260(3)由题知，为准确测量R,故需要测量较多的数据，所以滑动变阻器采用分压式接法，故滑动变阻器选用最大阻值小的R3;(4)因题中没有提供电压表，故需要将电流表A2与定值电阻R1=9002串联，改成一个电压表，其量程为物理参考答案（附中版）一2

T7BC【解析】由图甲可知周期T=0.4s,图乙为1一0.05s=8时的波动图像，此时x=0的质点正在向上振动，根据上下城法可得波沿r轴正方向传搭，故A错误：由图乙可知X=1.6m,故波速=产=4m/,故B正确：由图甲可知I=0的质点振动方程为y=0.4sin5tm,代入1=0.45s,可得y=2=5m,故C正确；x=0.2m的质点比x=0的质点振动滞后△=0,2s=0.O5s,故D错误。故选BC。48.AD【解析】由公式=wr可知，太空电梯沿索道匀速上升时，做圆周运动的半径变大，则太空电梯绕地心运动的线速度变大，故A正确；太空电梯和地球要保持相对静止，则电梯各处必有相同的角速度，故B错误；站在太空电梯地板上的人突然飘起来时，人所受万有引力恰好提供做圆周运动向心力，设此时太空电梯离地面的高度为，则有GR=m(停)(R-),T=21h地球表面物体受到的重力mg=G资，联主解得A=Mmn/2π12gRT--R=3.6X10km,故C错误，D正确。故选AD。9.BD【解析】从图乙可知，摩擦力在x。处方向发生变化，在x~2x,区间工件的摩擦力大小发生变化，说明工件与传送带相对静止，故工件先做加速运动后做匀速运动，故A错误；在x~2x区间摩擦力大小等于弹簧弹力大小，2x位置摩擦力为零，所以弹力为零，所以工件运动2x。后与弹簧分离，故B正确；由胡克定律得=0.5F0,解得弹簧的劲度系效：，故C错误：摩擦力对工件先做正功后做负功，图乙图像与工轴围成的面积在救值上等于对工件做的功，即W=F,弓×0.5F,=0.75F,故D正确。故选BD。10,BD【解析】发生第一次接触时，以向右为正方向，由动量守恒和能量守恒得M十m·4=Mw十m,M话十合m·(4=号M十m解得=设=智议诺受发生两欢接触，则有<0十<0，解得M>11,故A错误；若M=12m,当A、B第一次共速时，弹簧达到的最大弹性势能，由动量守恒和能量守恒得Ma十m·4=M+m0,M+m·(4a)户=2（M+m2十瓦，解得E,-5,故B正确：若M=12m,13一沿B的速定为-什，可知A,B可以发生两次搓融，第1次接能后，A的速度为0所一一200=可知C错溪：第2次共走时，此时第位势院为2·（得一是)厂-（光项根器公式：△迟192)故D正骑。三、非选择题（本题共5个小题，共56分）11.(6分，每空2分)(1)小于(2)2.16（或2.17）(3)偏大【解析】(1)由于砂桶的加速度方向向下，根据牛顿第二定律有mg一F=a,故F小于mg。.3(2)由于相邻计数点间还有2个点没有画出来，计数点间的时间间隔一3T=0$由逐差法得加速度大小为a=m=(15.06-6.75-6.75)X104t2-m/s2=1.08m/s2,故砂桶的加速度为2a=×(需2.16m/s2(4)实验完毕后，某同学发现实验时电源的实际频率小于50Hz,实际打点周期变大，则t的真实值比测量偏大，根据a=m,可知，测量值比真实值偏大。4t212.(10分，每空2分)(1)260(3)R(4)见解析图(5)+R）I1-I2(6)250【解析】(1)欧姆表的读数为R,=26×102=260(3)由题知，为准确测量R,故需要测量较多的数据，所以滑动变阻器采用分压式接法，故滑动变阻器选用最大阻值小的R3;(4)因题中没有提供电压表，故需要将电流表A2与定值电阻R1=9002串联，改成一个电压表，其量程为物理参考答案（附中版）一2