m的录了像校尼北种定口·已知反应ClO+NH文→C+N,◆+H2O+H+(未配平)，下列生错A氧化剂与还原剂的物质的量之艹为？：？二、实验题：本题共2小题，共15分.三、.(6分)如图甲所示，为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了遮光条，滑块在窄写力作用下，先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过光电门1的时间为山=3×10s,通过光电门2的时间为A,一1×10：。，测得两光电门之间的距离)15.80.cm.请完成下列填空：光电门2数字计时器光电门1气垫导轨滑块遮光条刻度尺1 cm钩码1027甲乙(1D利用游标卡尺测量遮光条的宽度结果如图乙所示，遮光条的宽度=心Z.mm.(2)滑块通过光电门1的速度大小为1m/s.(3)滑块通过光电门2的速度大小为Zm/s.双食大做种年扇格，镇御(4)滑块的加速度大小为与m/s2.新表可原南通心草通（5)遮光条从光电门1到光电门2之间的时间同隔为2工。室食塘慰14.(9分)某实验小组做“测定金属丝的电阻率”实验的主要步骤如下：(1)用螺旋测微器测得金属丝横截面直径的示数如图甲所示，可动刻度每一小分度表示DvImm,则其直径D=bl5mm.1510甲(2)用刻度尺量出金属丝接入电路的长度L.(3)用图乙所示的电路测量金属丝的电阻R,电路中R、R,为阻值未知的定值电阻，R,为电阻箱。①先闭合开关S,S。,然后调整电阻箱R,的阻值，使电流表©的示数为☑,记下之电阻箱的示数R21;②然后将电阻箱与R交换位置，再次调整电阻箱R,的阻值，使电流表©的示数为2,记下之电阻箱的示数R,则金属丝的电阻为R,=2(用R1、R:表示).nPakn(4)金属丝的电阻率为4比(用R21、R2、L、D表示).【2023年分科诊断测试卷（一）·物理第4页（共6页）】

时针转动，将矿物无初速地放到传送带上，矿物从4端传输到B端，再沿一段与B相切的半经R=2的圆形圆管轨道运动。到达最高点C后水平抛出，正好落入车厢中心点O,矿物落点0离最高点C的水平离=1Om、竖直距离h=125m,设每块矿旷物质量m=5.0kg,矿物与传送带间的动摩擦因数4=00，不C.计空气阻力。(sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2)求：mC.E08DB【答案每块矿物到达C点时对轨道的压力；77m【解析每块矿物到达B点时的速度大小；3)传送带运送一块矿物相比空载电动机多做的功。答案】(1)40N,方向竖直向下(2)4m/s(3)1880JA01)设矿物在C点的速度大小为，从C到0做平抛运动的时间为1，则：（食1解析】:亦学角标减张，蛛丝个差局隆系A从员低数烟h-581分)x=vct(1分)020=1m-(H-0+09如号代入数据解得：vc=2ms(1分)设矿物到达C点时轨道对矿物的支持力大小为F,根据牛顿第二定律有：mg-F=m正(2分)R0

2022~2023学年金科大联考高三11月质量检测·物理参考答案、提示及评分细则1.【答案】D【解析】由图像可知0一时间内，乙车的位移为x,=,甲车的位移为2一24又由题意可知时刻两1玩具车在同一位置，则t仁0时刻甲车在乙车前方△x二x2一西=2，A错误；时刻后甲车的速度大于乙车的速度，甲车在前乙车在后，则t时刻甲车在乙车的前方，两车不可能相遇，B错误；0~t时间内，甲车速度变化量大于乙车速度变化量，则两车平均加速度不相等，C错误；若0~4时间内两车的平均速度相等，则0一：时间内两车的位移相等，结合A选项分析可知，时刻甲在乙前方，D正确。2.【答案】BO【解析】电子的轨迹与竖直的等势线相交于O点，电子在O点的速度以及电场力的方向如图所示，又负电荷所受的电场力方向与电场方向相反，因此甲带正电，A错误；等势线的疏密反应电场强度的大小，由于N点的等势线比M点的等势线密，则N点的电场强度大，电子在N点所受的电场力大，电子在N点的加速度大，B正确；甲带正电，电场方向大致向右，电子在低电势点电势能大，则电子在N点的电势能大，电子由M到N的过程中电场力做负功，电子的动能减小，速度减小，CD错误.3.【答案】A【解析】0~5s时间内，物资在水平方向上做初速度为零的匀加速运动，在竖直方向上做初速度为零的匀加速运动，则合运动为初速为零的匀加速直线运动，A正确；5s~35s的时间内，物资在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做匀速直线运动，则合运动为匀速直线运动，运动轨迹为直线，B错误；35s~50s的时间内，物资向上做匀减速直线运动，加速度方向向下，则物资处于失重状态，C错误；由图丙可知，物资距地面的最大高度为图像的面积，即A=合×(30+50)×8m=320m,D错误.4.【答案C【解析】由瞬时功率的表达式P=F,可知随速度的增大赛车的牵引力减小，则加速度减小，所以赛车开始时做加速度减小的加速运动，直到加速度减为零速度达到最大值，A错误；当速度达到最大时，牵引力与阻力相等，则P=f。,又f=0.5mg,则最大速度为.一0.75mg,代人数据得。=80ms,B错误：赛车的速度为50m/s时，赛车的牵写引力为F=P=360000N=7200N,由牛颜第二定律F-∫=ma,解得a=4.5m/s,C50正确：从静止开始到达到最大速度的过程巾运用动能定理得？=号m,解得1(9+品)s,D错误5.【答案】B【解析】以轻滑轮为研究对象，受竖直向下的拉力，大小等于悬吊的物体的重力，又由于MON为一条轻绳，因此滑轮左右两侧的轻绳的拉力大小相等，A错误；仅将右侧的N点沿竖直方向升高，两侧细绳的夹角大小不变，则由力的平衡条件可知，两侧细绳的拉力大小不变，B正确将左侧竹竿沿顺时针方向转过一个小角度，则∠MON减小，两侧细绳的拉力的合力大小等于悬吊的重物的重力，则两侧轻绳的拉力大小均减小，均逆【高三物理参考答案第1页（共5页）】

9.在一段平直公路上，有同向行驶的甲、乙两车，t=0时，甲车在前，乙车在后，相距x0=100m,A.天平B.低压交流电源速度均为，-30/s,从此时开始两车按如图所示的规律运动，则下列说法正确的是C.低压直流电源D.秒表阿*v/(ms-1)E.毫米刻度尺a/(m's-2)(3)已知打点计时器的频率为50Hz,某次实验打出的纸带断掉了开始的一小段，剩余的部分如图乙所示，由此可知打D点时重物的速度大小。=m/s,重物下落的加速度0369大小为a=m/s。(结果均保留三位有效数字)甲4乙车12.(19分)足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”的战术，即攻方队员带球沿边线前进，A.两车最近的距离为10mB.两车最近的距离为70m到底线附近进行传中，某足球场长90m、宽60m,攻方前锋在中线处将足球沿边线向前踢C.两车一定会相遇D.6s时两车相距最近出，足球的运动可视为在地面上做初速度为12m/s的匀减速直线运动，加速度大小10.哈尔滨工业大学计算学部设计了一款能够与人协作、共同完成冰壶比赛的机器人。当机器为2m/s2。人与冰壶之间的距离保持在8m之内时，机器人可以实时追踪冰壶的运动信息。如图甲所(1)求足球从开始做匀减速运动到停下来的位移大小；劳示，在某次投掷练习中机器人夹取冰壶，由静止开始做匀加速运动，之后释放冰壶，二者均做(2)足球开始做匀减速直线运动的同时，该前锋队员沿边线先从静止开始以1.5m/s2的加努匀减速直线运动，冰壶准确命中目标，二者在整个运动过程中的（图像如图乙所示。此速度向前匀加速追赶足球，速度达到4.5m/s后以此速度做匀速运动，则该前锋队员经过多次投掷中，下列说法正确的是长时间能追上足球？v/(ms1)90m底线60m中线35791113S边线甲擗A.冰壶减速运动的加速度大小为0.125m/sB.9s末，冰壶的速度大小为5.75m/sC.7s末，冰壶与机器人之间的距离为7mD.机器人能够一直准确获取冰壶的运动信息13.(20分)武警某机动支队实战化军事训练在某训练基地进行。假设某特种兵小分队从水平烟班级姓名分数地面B点正上方的楼房窗口A每隔相等的时间自由下落一名队员，当某队员离开窗口A的题号123467P910同时，B点右侧一长L=6.25m的平板战车开始以a-l0m/s2的恒定加速度从静止开始向答案左运动，该队员恰好落在平板战车的左端，已知平板战车上表面距离窗口A下方的竖直高度h=5m,忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s2,求：三、非选择题（本题共3小题，共54分。请按要求完成下列各题）(1)平板战车左端离B点的水平距离：11.(15分)某实验小组利用如图甲所示的实验装置做“研究自由落体运动的规律”实验。(2)若至少有两位队员落在平板战车上，则队员自由下落的时间间隔△t应满足什么条件？烯打点5计时器一纸带夹子重物5.6951341173212单位：mm7(1)实验的装置如图甲所示，其中有两处错误的地方，分别为①:②扣(2)实验时除了图甲中画出的器材之外，还需要的是(填正确答案标号)。物理（人教版）第3页（共4页）衡水金卷·先享题·高一同步周测卷四物理（人教版）第4页（共4页）新教材

)通过左侧竖直的细绳（写人上七月(2)(10分)如图所小’全国©0所名校高考模拟金典卷量为25.(20分)如图所示，在足够高的光滑水乎台面上静置一质量为m的长木板A,A右现将端通过绕过光滑轻质定滑轮的轻绳与质量也为m的物体C连接。当C从静止开平面始下降距离h时，在长木板A的最右端轻放一质量为4m的小铁块B(可视为质速度点)，最终恰好未从长木板A上滑落。A、B间的动摩擦因数4=0.25，可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。(1)求C由静止下降距离h时，A的速度大小o。R(2)求长木板A的长度L。(3)若在铁块B轻放在长木板A的最右端的同时，对B施加一水平向右的恒力F=7mg,其他条件不变，求A、B速度相同时B到木板右端的距离。行对B=八mj0足够【23·JD物理-Y】12022.11.0516:05

高三第一轮复习周测卷·地理（二十一）新高考-R-必考-FJ·A速广高107深江高速好长安O深莞松岗⊙圳珠江(1)分析近年来长安镇产业结构升级加速的原因。(8分)(2)说明长安镇选择电子信息产业作为支柱产业的原因。(12分)(3)简述长安镇出口产品结构变化的有利影响。(6分)高三第一轮复习周测卷·地理（二十一）新高考-R-必考-FJ·A【答案】(1)受香港、深圳辐射影响大；经济发达，资金、技术优势明显，科技创新能力强；政策支持；土地、劳动力等成本上升；环境保护要求上升。（任答四点，8分）

知，物体停止运动时，物体滑行的位移为6m,如图所示为拉力F随位移x的变化图像，由功的计算公式W。=F·x可得，F-x图像中图线与横轴围成的面积即为整个过程中拉力F做的功，即W,=2×(3+6)×12J=54J,物1210体做匀速直线运动时，受力平衡，则摩擦力f=F=12N,故整个过程中，滑动摩擦力做的功为W,=-=-12×6J=-72J,合外力做的功为W金=W+W。=-18J,B正确：在整个过程中，根据动能定理6有W合=0-2m,2,代入数据解得物体匀速运动时的速度大小为，=3m/,根据动量定理可知，0123456x/m物体在减速阶段所受合外力的冲量为1=0-m。=-12N·s,C正确，D错误。20.BD【考查点】本题考查电场力、牛顿第二定律和类平抛运动规律。【解析】由题中信息可知，粒子沿x轴正方向做匀速直线运动，沿y轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动，故粒子做类平抛运动：沿y销方向由牛顿第二定律及运动学公式有a二y了，沿：箱方向有：=.则有m®=之联立可得ma:,y=92mvo一2。根据题目所给条件可知，在相同的时间内ama,>ama,>ama,y与的图像斜率>站>，B.D正确。21.BD【考查点】本题考查牛顿第二定律的应用。【解析】由题图2可知，长木板B与地面之间的最大静摩擦力为f=4N,但长木板B的质量未知，则无法确定木板B与地面之间的动摩擦因数，A错误；由题图3可知，在6s~8s的时间内，物块A开始做匀加速直线运动，即此时A、B之间发生滑动，此△1时的加速度为a=2m/s,对A由牛顿第二定律有f=业emg=ma,解得A,B间的摩擦力fa=6N,业s=0.2,B正确，C错误；由于在t=6s以前，A、B共同运动，木板B的速度等于物块A的速度，由题图3可知，t=6s时B的速度大小为4/s,D正确。22.(5分)(1)0.12(2分)1.8(1分)(2)3.0(2分)【考查点】本题考查研究平抛运动规律的实验。【解析】(1)小球做平抛运动，将其分解为水平方向的匀速运动和竖直方向的自由落体运动，设小球水平方向上的分速度为,照相机拍摄时曝光一次所用的时间为T,则竖直方向上有Hx-H。=gr,水平方向上有，”，由题图2可知Hc=5孔，HAB=3L,xB=3L,代入数据解得T≈0.12s,≈1.8m/s。(2)设小球运动到位置B时竖直方向上的分速度为v,在竖直方向上B点为AC的中间时刻点，根据匀变速直线运动规律中间时刻的瞬时速度等于该段位移的平均速度可知”%-2”=27HAc 8L2.4m/s,根据速度的合成可得小球运动到位置B时的速度大小vg=√，+v,乙≈3.0m/s。23.(10分)1)z(2分)C(2分)(2)0(2分)(3)6v(2分)等于(2分)【考查点】本题考查测量电源电动势的实验。【解析】(1)根据并联电路的分流原则，需要给电流表并联电阻，使得总电流大于电流表最大量程，达到扩充量程的目的，因此选图乙：由欧姆定律有(1+)+=3制制馏螺审号图（亿）门柔围审耳g道“UE=y彭揭V90=7+,R。(R+R'+),代人数据变形得L=3R+30由数学知识可知纵裁距0，斜率=2联立并代人数得=E10,。(3)根据3(2)中结果k=石，代人数据得E=6V,(2)分析中应用闭合电路欧姆定律过程中已经考虑到了电流表内阻，因此无系统误差，故测得的电动势等于真实值24.(12分)(1)0.9m(2)3J【考查点】本题考查功能关系【解析】(1)设木块受斜面的滑动摩擦力大小为f,斜面与水平面夹角为α，木块在斜面AB上的位移为x1,在CD上的位移为x2,木块从释放到CD面最高点的过程中，由功能关系有mgh,f·x,f·x2=mgh,①(2分)其中x,=hh:②(2分)sin asin a设木块从CD面最高点再次到AB面最高点的高度为h,由功能关系同理可得mgh,f·xf·h,=mgh,③(2分)sin a联立①②③解得h,=0.9m④(2分)(2)木块再次回到AB面最高点，在推力作用下木块返回到CD面上距离斜面底端高h2=1.2m处，设推力对木块至少要做的功为，由动能定理有即品。名。g么-=0-0⑤2分》h2联立④⑤并代入题中数据解得W=3J(2分)25.(20分)(1)8m(2)0.5(3)1T【考查点】本题考查牛顿第二定律和电磁感应定律。【解析】(1)设金属棒AB下滑s,所用时间为t,金属棒AB的加速度为a1,进入磁场时速度为1，金属棒CD下滑到磁场上边108子卷·2021年全国乙卷·物理

16.(9分)如图甲所示，质量M4kg的足够长木板静止于光滑的水平面上，一滑块以速度。从左端滑上长木板后它们运动的速度一时间图象如图乙所示。取g10m/s2,(1)求滑块的质量m:(2)若滑块与木板间的动摩擦因数04，求滑块相对长木板滑动的距离s。4(m·s)65回+%2EEEEEE甲17.（13分)如图所示，两足够长的平行金属导轨MN、P9倾斜放置，倾角为0=37°，导轨间距L=1m,导轨电阻不计，M、P间连接一个R=42的电阻。两导轨间存在垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度B=1T。一质量为m=0.1kg,电阻=12的金属棒ab以=2m/s的速度沿导轨匀速向下滑动，下滑过程中始终与导轨垂直，且与导轨接触良好。已知g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。(1)求电阻R中电流I的大小：(2)求金属杆与导轨间的滑动摩擦因数的大小；(3)对金属杆施加一个垂直于金属杆且沿导轨平面向上的恒定拉力F=0.2N,若金属杆继续下滑2后速度恰好减为0，求在金属杆减速过程中电阻R上产生的焦耳热。高二物理第5页（共6页)

流相同，所以金属杆与电阻R产生的热量之比为？：R,C项错误；金属杆运动的速度达到最大时，根据力的平衡条件有mgsin0=BId且I=,解得金属杆运动的最大速度n=mgsin0(R十r）,D项正确。Bd28.BD【命题意图】本题考查机械振动和机械波。【解题分析】由甲、乙图像可知该简谐波的波长入=16cm=0.16m,周期T=0.4s,故波速v=会=0.4m/s,A项错误；由乙图知，在1=0.2s时，质点V向上运动，根据波形平移法可知，该波沿x轴正方向传播，B项正确；由甲图可知，t=0.2s时刻，质点M的位移为正，回复力和加速度沿y轴负方向，且此时质点M正向y轴正方向运动，在0.2s~0.3s内，质点M运动的路程小于一个振幅，即小于20cm,故C项错误、D项正确。9.AC【命题意图】本题考查碰撞及动量守恒。【解题分析】规定向右为正方向，设碰撞前A、B两球速度大小分别为4和B,根据系统动量守恒有mwA一3mvs=一m(2wA),解得A=s=v,故A项正确、B项错误；碰撞前系统动能E-md+号×3m2-2md,碰撞后系统动能E,-2m(2o)2-2me2,由于E-E,放A、B两球发生的是弹性碰撞，C项正确、D项错误。10.AB【命题意图】本题考查点电荷的电场。【解题分析】根据对称性可知，A、C、H三点处电荷在D点处产生的电场强度E,的大小和D点处的电势④1刚好与A、C、H三点处电荷在B点处产生的电场强度E2的大小和B点处的电势2相等，而F处的点电荷在D点处产生的电场强度E;的大小和D点处的电势3与H处点电荷在B点处产生的电场强度E4的大小和B点处的电势©4也相等，并且E与E方向相同，E2与E4方向相同，故B、D两点处的电场强度大小相等但方向不同，B、D两点的电势相同，故A项正确、C项错误；同理分析M、N两点可知，M、N两点的电场强度大小相等但方向不同，M、V两点处的电势相等，故B项正确、D项错误。11.(1)2.40(2分)》(2)2F。(2分)2(F-F)(2分)【命题意图】本题考查探究加速度与力、质量的关系。【解题分析】(1)每相邻两个计数点之间都有4个点迹没有标出，则相邻两计数点之间的时间间隔为0.1s,根据逐差法可知，小车的加速度a=13.49+11.10+8,70629-3.90-1.50×9×0.1210-2m/s2=2.40m/s2。(2>根影牛顿第二定律可求出小车的加速度。2，变形后得到。忌r，结合图像可知，横轴截一专，斜率一F“万一后，所以小车所受库擦力了=R,小车的质至全国100所名校最新高考冲刺卷·参考答案第2页（共6页）【22·（新高考）CCJ·物理（一）一LN】

札记体一直保持静止。现将一个水平方向的力F施加在下滑的物块上，如图所示。在物块下滑的过程污水体积)，则下列说法正确的是教学中，斜面体仍然处于静止，下列说法正确的是日红A调大金电极a的电势较高A.地面对斜面体的摩擦力为零B.电极b的电势较高札记年的皂，关B地面对斜面体的摩擦力的方向水平向左点备（二千）等资C,地面对斜面体的支持力的大小等于(M十m)g净视角】本题考查电难流量计的工作厚，D,地面对斜面体的支持力小于(M十m)g原面分由左手定到可和水建王子约上终A离子下共减电表。是华东正传动【命题视角】本圆道过物块在料面上的运动考查力的子衡和牛领运动定体：【解题分析】开场时物块格能匀速下滑，则mg©50=mg血0，解得A一m0:施加力F后，物块受到的支特力摩擦力均变大，但由于”不安，所以支持力和摩力的合力方向仍然向上对斜面受力分析，物块对斜面的压力不I案AC力的合力方向向下，大小变大，故A项正确。甲所示水好板AC由两段等长的不同材料组皮B为AC中点。者将板以A友为鞋在轻直平【答案】A的递针特0的角可花为度点的物体在友上以C点自静至常数物件年资资子4.如图所示，有一对带等量同种正电荷的点电荷分别位于空间中的a点和f点，以口点和f点为顶有霜数小于与A段的动等擦团数经时间：到达A点，且到达A时的定度为果将领C作一正方体。现将一试探电荷在正方体的各顶点间移动，关于该试探电荷所受的电场力和具有的力抽在竖直平面内顺时针旋转日角，该物体从A点由静止释放，物体加速下滑，则电势能，以下判断正确的是A物体从A点运动到C点的时间等于A试探电荷在b点和d点安力相同共张)誉1案B物体从A点运动到C点的时间大于：B试探电荷在c点和h点受力相同C物体运动到C点时的速度大小等于C,试探电荷在b点和c点的电势能相等D物体运动到C点时的速度大于D,试探电荷在g点和e点的电势能不相等视角】本题通过对比的方法，考查动能定理和一：的用。【命圆视角】本题通过立方体设计考查等量同种点电荷的电场在立体空何中的分布。夏小：共保分折]报能定星，物体两次下清过程均有-mgs一，C【解题分析】根据对称性和等量同种点电荷周围电场线的分布特点可知，试探电荷在b点和点的受力大小相D项蜡误根据物体受力情况和频第二定集，可分列作出物次运的一图，方向不同，在c点和h点受力大小相等、方向不同，A.B项错误因为b点和c点是等势点，所以试探电荷在b点和。纪所示，根据所围面积相等，可判断A项蜡误，B项正确。的电势能扣等，C项正确，又因为g点和。点是等势点，所以试探电荷在g点和点的电势能相等，D项错识。【答案】BC【答客C如图甲所示，竖直方向的磁场中固定有两根位于同一水平5.如图所示，绝缘斜面的最高点A固定，斜面倾角及斜面的长度可调，斜面底端在移动中均与绝缘水平酐面内的足够长的平行金属导轨，两导轨间距为。垂直于滑连接，整个装置处于竖直向下的匀强电场中。一可视为质点的带电物体从斜面顶端由静止释放，怡好导轨水平放置一根均匀金属棒ab,棒中通有方向由a到运动到水平面的P点。已知物体与斜面、水平面间的动摩擦因数相等，下列说法正确的是果的恒定电流I。=0时开始，磁场的磁感应强度B随时间的变化关系如图乙所示，磁感应强度B取竖直向上为正方向，金属棒的加速度α，速度v取水平向右为正方向，金属棒与金属导轨始终接触良好，金属棒与金属导轨间的摩擦不计，不考虑电磁感应象。则下列图像可能正确的是出，女不果破A增大斜面倾角，物体运动到P点右侧B.增大斜面倾角，物体运动到P点左侧C,增大电场强度，物体仍然运动到P点D.增大电场强度，物体运动到P点左侧【命题视角】本题通过物体沿斜面和水平面的运动考查动能定理，【命题视角】本题考查在安培力作用下会属棒的运动及国像。【解题分折物体从放到停止的过程中，有(mg十EA二(mg+Eos0十(mg+9E,关中0为解题分析】改金属棒b的质量为m,从=0时开始，磁感应至度B随时同星周性变化，数金属裤的加速度慧均周性交化。在0内，金属的加度。速度r,加速和减速的对需角，则c0s0=工，h=(工十)，十x为斜面顶墙到P点的水子位移，数水平位移与斜面倾角和电场强度大小兰，可知全属捧-直向右运动，A,C项正确，B,D项蜡误。【答案】AG无关，C项正确。【答案C二、多项选择题（本题共3小题，每小题8分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得8分，选对但不全的得4分，有选错的得0分。)第Ⅱ卷（非选择题共51分）6.为打好“碧水保卫战”，还百姓清水绿岸，鱼翔浅底的美景，技术人员在三实验题（本题共1小题，15分。请把正确答案填在题中相应的横线上.】企业工厂的排污管末端安装如图所示的流量计，该装置是由绝缘材料25分)小明在实验室找到以下器材准备测量一节干电池的电动势和内阻。制成的直径为D的圆柱形管道，在垂直于管道前后面方向加磁感应强A被测干电池一节度大小为B的匀强磁场，在上.下两个内侧面分别固定有金属电极4,68电压表（小量程为0一3V,内阻未知大量程为0~15V,内阻未知：污水充满管口从左向右流经该装置，电压表的示数为U。用Q表示污水的流量（单位时间内排出的C电流表小量程为0一0.6A,内阻=0.50大量程为0一3A,内阻方=01D:D◇大阳8创卷·物逗XG以爱动卷)◇58◇金太阳8创箭落·物星(XC以动卷)◇

10.(1)号m/g(2)A车不能实现安全超车1为xp=u甲1-20pt斤，解得x甲=8m,故A正确；甲车解析：(1)设经过时间t1两车速度相等，设A车的加速度：大小为a1,两车速度相等时恰好相遇，则0=vA一a1t1,运动感时间为=2：=号s=3s,甲得下时位移为9m1、9u1-2a1=5十t1,代入教据解得a1=8m/s。而此时乙车的位移为xz=?azt经，解得xL=4.5m<(2)设A车到并道对接口需要的时间是t,9,所以甲、乙两车相遇一定发生在甲车停下之后，设相则5-L=1十24，代入教据解得1=亭s4遇时刻为t,则有2aLt=9m,解得t=3W2s,故C错误；该时间内B车的位移xB=t=4X3m=3m,416汽车甲、乙在x=6m处的速度大小为v=√/2azx=√u甲-2a甲x,解得v=23m/s,故D错误。由于5一5，=16=-)m=2m<2十x=2X4十)m≈：6，D02同内甲、乙通过的位移相等，所以下次相遇时刻为号1，殷,故A、B、C错误，D正确。B错误；若。=号，第一次相遇在0一4，之间，此时4.AC冰壶减速运动的加速度大小为a1=v一V0v甲>v无，在t时刻之后甲、乙还能相遇一次，则甲、乙相t5-6遇两次，故C错误；若x0二x,第一次相遇在0~t1之11-3m/s2=0.125m/s2,故A正确；t=3s末冰壶的速间，在t1时刻之后甲、乙还能相遇一次，则甲、乙一定相遇度vg=6m/s,则9s末，冰壶的速度大小为，=一两次，故D正确。a1t1=(6-0.125×6)m/s=5.25m/s,故B错误；7s末，9.(1)35m(2)31s(3)20s冰壶的速度大小为v,=v3-a1t2=(6-0.125×4)m/s=5.5解析：(1)两车减速时的加速度大小m/s,7s末，冰壶、机器人二者间距等于3~7s内两者位移△v20-10之差，为56十5.5X4m一62X4m=7m,故C正确：a=At4m/s2=2.5m/s2,2在0~6s内，甲车位移当1=11s时，冰壶、机器人二者间距为-6十5X8m一2x,=2×(10+20)×4m+10X2m=80m,6×612m=26m>8m,则知机器人不能一直准确获取冰壶的乙车位移x2=2a42=2×2.5×62m=45m,运动信息，故D错误则t=0时，甲车在乙车后面△x=x甲-x2=80m-45m=5.A根据v2一v=2ax并根据题给图像可推知甲、乙两车的35m处。初速度大小分别为vo甲=6m/s,vo2=0,v2-x图像的斜：率的绝对值表示汽车加速度大小的2倍，所以甲、乙两车的(2)乙车减速到零用时。=”-20-02.5s=8s,加速度大小分别为a甲=2m/s2,az=1m/s2,且甲做匀减从减速到恢复原来速度所用的总时间为速直线运动，乙做匀加速直线运动，故B错误；汽车甲停止tz=2to+△t=8X2s+15s=31s。前，甲、乙两车相距最远时二者速度相同，设共经历时间为(3)由图甲从减速到恢复原来速度用时t甲=10s,t1,则a元t1=vo甲一a甲t1,解得t1=2s,此时甲车的位移位移s,=2×2×(10+20)×4m+10X2m=140m,红砂勾·高考一轮复习金卷物理118

的暗物质对球面内恒星的引力为零。下列说法正确的是URA.在r

1、2024届高三第一轮复习周测卷·物理[24·G3ZCJ·物理-HKB-必考-SX](6-10)b地理考试试卷答案

4.早期，荷兰人在沿海泥炭地开垦种植谷物可能导致10.从“东方A.风暴潮灾害减少A.城B.温室气体增多C.改C.人地矛盾加剧11.受“数北海D.次生盐渍化加剧A.金5.利用泥炭地中的天然草类开辟奶牛场

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C.质点速度的变化方向与其加速度方向相同D.若质点的速度方向不断变化，则其速度变化量的方向一定不断发生变化3.甲、乙两辆汽车在同一平直公路上两个不同的车道同向匀速行驶，两车行驶至十字路口附近时发现前方

3、全国大联考 2024届高三第二次联考 2LK-Yq物理

0高一物理本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号

4、福建省福州市2022-2023学年高一上学期期末质量抽测物理试题答案

乌鲁木齐第八中学2022-2023学年高三上学期第一次月考物理答案一、选择题（每题4分共40分，其中1-6为单选，7-10为多选)1.如图所示，一辆可视为质点的汽车以恒定的速率驶过竖直面内的凸形桥。已

5、百师联盟 2023~2024学年高一十月大联考x物理试卷答案

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大十人的小入大大，大小无大的金州的的升中修用力等于题同器对◆绳的作用力：这是一对相互作用力，D项错误人帮的本题专金一面像。由面准可知，在0：时同内，前体充刻减建是的，后匀的直线运动：A项销误0一-：时回内：质点的位移为-十×1m十号×+)X4m一BmB项正填，通像的斜本等于加速度，由面像可知：在一：时同内：物体的速重方向发生变化，但物体的加速度方向没有发生变化，C项错误：物体在。一1：时同内的细速度大小与一6:时间内的加速度大小之比为1·2，D项错误。玉D解桥本题考查力的动态平衡。分析油桶的受力情况，油桶受重力，斜面的支持力和推力，因油桶放缓烟地推到大车上是动态平衡过程油三角形定则作出的动态过程如图所示。当推力F由水平方向逐渐变为水平方向成0斜向右上方的过程中，推力先变小后变大，其最小值和支持力N垂直，即沿斜面方向，此时最小值为学，D项正确&A解析：本题考查牛顿第二定律。工件和轨道车整体在水平方向只受向右的力下作用，以相同的加速度G向右做匀加速运动，则两者之间存在静摩擦力，根据牛顿第二定律有F=(m十Ma,解得a=Mm对工件进行受力分析，可知工件在水平方向受到向右的静摩擦力作用，该静摩擦力即为工件所受的合力，根据牛顿第二定律有F一mFm阳一M干m,A项正确、B项错误；对轨道车进行受力分析，可知轨道车在水平方向受到向右的力F和向左的静摩擦力F的作用，根据牛顿第二定律有P-F一=M,CD项错误。7,D解析：本题考查牛顿第二定律的应用及对部分和整体的受力分析。由木板的加速度与时间的关系图像可知，在0一时间内，长木板处于静止状态，此时物块也处于静止状态；在4时刻，木板开始运动：一时间内，长木板和物块一起做加速直线运动：时刻，物块与长木板开始发生相对滑动，A项错误。有时刻，对物块和长木板整体有B=4(m十m)g,B项错误。在时刻，对物块有F一mg=ma,对长木板有mg一A(m十)g=ma,解得F,=mm十m2》(e一A)g,D项正m14确。由mg一A(m十)g>0,可得>m十m4,C项错误。m28.BC解析：本题考查牛顿第二定律。消防队员先处于失重状态，后处于超重状态，A项错误；消防员在匀加速与匀减速过程的平均速度相等，由一言，得运动时间之比等于位移大小之比，即2：1，B项正确；根据2h=牙人=号，可得消防队员在匀加速下滑2h和匀减速下滑h的过程中的加速度大小之比为1：2，C项正确；对消防队员，由牛顿第二定律，有F一mg=m,得合力之比为1：2，作用力之比不是1：2，D项错误。9.CD解析：本题考查整体法和隔离法。因弹力的方向垂直于接触面，所以井的墙面对球体的弹力方向水平向左，A项错误；由正方体和球体整体的受力分析可知，水平面对正方体的弹力大小为(m十M0g,B项错误：墙面对球体的弹力大小一品。，以整体为研究对象，水平方向上，系统受到左，右两侧墙面的弹力下，15而平衡，所以左侧墙面对正方体的弹力大小等于，。，C项正确：由球体的受力分析可知，球体受到重力、mg正方体的弹力、右侧墙面的支持力，把正方体对球体的弹力沿水平方向和竖直方向分解，可得F2=mgsin aD项正确。0BD解析：本题考查传送带，货物在加速阶段的加速度大小a一0.02.5m,经4二=0.45，货m加速到与传送带相同的速度，货物与传送带一起匀速运动，则货物在斜向上运动的过程中先受滑动摩擦力的作用，后受静摩擦力的作用，A项错误；货物在匀加速过程的位移大小=？42=0,2m,则货物在传送带上运动的最初1s的位移大小n=1十W=0.8m,B项正确；货物在传送带上留下的划痕长度△x一一1=0.2m,C项错误；货物匀速运动的时间110s-0.4s=9.6s,D项正确。11.(1)4.0(2分)50(2分)(2)没有(2分)解析：)由朝克定律可得F=(x一L),由图像可知，横轴截距为弹簧原长，放L-4.0cm,斜率为劲度系数，即4-8 N(20-4)×10m=50N/m(2)根据△F一本·△x可知，弹簧的劲度系数与弹簧原长的测量无关，是否考虑了弹簧自重对劲度系数的测量设有影响。12(1)D(2分)(2)0.396(2分)0.380(2分)(3)平衡摩擦力不够或投有平衡摩擦力(1分)1(2分)解折：实验时，改变情中细沙的质量或小车质量后，每次开如，小车度尽量事近打点计器：A项错误：子南摩源力时。小车尾编害要系纸带，将长木板系近打点计时器的一扇垫高使小车匀速的，B用销民子害摩指力后：度有g一0血，即一么放每次放变重物质健时木活要重新两整长木板的领斜度，C项正病：本实验害要把桶和插中沙的是·78·

金优终极一考卷参考答案物理（二）14.川解析】元素符号左下角数字表示质子数，左上角数字表示质量数，质子数+中子数=质量数，”C0中质子数为27，中子数为33，选项A错误：根据质量数和核电荷数守恒，可知x为电子，它是原子核内的一个中子转变为质子时产生的，选项B错误：根据质能方程可知核反应中释放的能量为△E=（m,-m,-m,)c2,故C错误；根据半衰期的定义可知，经过5.272年的时间，26gCo原子核还剩下的质量为m=26g×12=2g×713g放有13g已经发生了套变，选项D正确。15.U解析根据6=mg,所以天王显与地球表面的重力加速度大小之比总，化（受y=145×(名：受，B,M,（R2,研究天星和地球鉴太阳公装思搭根开登莉第三定律有所以天王星与炮球公特周期之比厚T.=19V19,只有选项B正确。16.C解析】依题意，根据E=k号，由场强叠加原理，可判断知X、Y、Z三点的电场强度大小相等，但方向不相同，选项A错误：利用对称性结合场强叠加原理，可判断知OZ连线上的合场强沿O2方向，根据沿电场线方向，电势逐渐降低，则O点的电势高于Z点电势，选项B错误；根据E=k号，可知点电荷M、N、P分别在O点产生的电场强度大小相等，且夹角互为120°，根据矢量叠加原理可得0点合场强为0，选项C正确；因为Y点电势比0点的电势低，正电荷从Y点移到O点电势能减小，电场力做正功，选项D错误。17.D解析】当A物体的速度减小到1mls时，弹簧最短，此时A、B速度大小均为1ms,选项A错误；把A、B看成一个系统满足动量守恒，取水平向右为正方向，由动量守恒定律得m1o=(m,+m2)v共解得m=0.3kg,选项B错误；弹簧被压缩最短后，弹簧逐渐恢复原长，B依然加速，A继续减速，选项C错误；当弹簧恢复原长时，根据动量守恒定律得m,。=m+m,由机被能守恒定律得m暖=”=m,时+2m,解得当弹簧恢复原长时，A物体的速度大小，=-2m6,所以当弹簧恢复原长时，A物体的速度为2mls,方向向左，故D正确。18A(解析]根据平抛运动的规律可知m0:2-,解得t=2tan=1.5s,选项A正确；设运动员落在斜坡上的瞬时vt 2v速度方向与水平方向的夹角为a,ama=,则ama=2an0,故a≠20，选项B错误；运动员落在斜坡上的瞬时功率P=mg型，=mgt=9000W,选项C错误；将u与g在平行斜面方向与垂直斜面方向分解，则在垂直斜面方向上有，=vsin0,g1=gcos0,当运动员垂直斜面方向的速度减为0时离斜面最远，有v=2g1H,解得运动员在空中离坡面的最大距离H=sin2gcos0=2.25m,选项D错误。19.BCD(解折1由牛锁第二定律2-：A,可知电动车做加速度逐渐减小的加速直线运动，整理得骨a+卡所以1-4图像的斜率恒定为k=公p,与纵轴的截距为b三6结合图像可得P0.05sm0,0m2=0025sam代☑P=8O0W解得m=20g,40N,选项A结误，B正确：将106代人}-：a+解得a=2m,选项C正确：达到最大速度时有F=fF40N,又P=Fm=800W,解得v=20m/s,电动车从起点到达到最大速度时根据动能定理有P:-丘=2mw,解得电动车从起点到达到最大速度时通过的距离为x=500m,选项D正确。mm2=93B220.BD解析】根据vB=m,得u=B,则粒子最大动能E=m2m,粒子获得的最大速度与磁场的磁感应强有关，达项A错误：根据粒子在酷场中的周期工得，比荷越大，周期越小，可知加速比荷较大的带电粒子的交流电源的周期一定较小，选项B正确；磁场的作用是使带电粒子做圆周运动，获得多次被加速的机会，选项C错误；带电粒子在回旋加速器回旋一周，增加的动能为2U,在回旋加速器中运动时间由回旋次数决定，设回旋次数为a,则由2gU=w2可得n=所以数于运动时涧阳踪若只带大交实电U侧数个在旋加速器中加速次数会减小，导致运行时间变短，选项D正确。2L.AC解析]通过题图乙可知电压的量大值为20V2Y,交变电流的周期L0.02s,交变电流的频率户一0：=50Hz,w=100m,原线圈接的交变电压瞬时值表达式为u=220√2im(100π)V,选项A正确；因为原线圈回路中电阻R消耗的功率为P,保持不变，根据公式P=PR知，原线圈回路中电流1，不变，根据能量守恒有I,U=P+R,1,U=P+·4R,1物理终极一考卷（共3页）】扫描全能王创建

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16.如图所示为教室里可以沿水平方向滑动的黑板，一位老师用粉笔在其中某块可移动的黑板上画直线。若粉笔做竖直向下的匀速直线运动，同时让黑板由静止开始向左做匀加速直线运动再做匀减速直线运动，则粉笔在黑板上

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MnhapC.该运动员所受的合力不断诚小全国100所写示范D.斜坡对该运动员的作用为一定是竖直向上的18

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2、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](五)5理数(JJ·A)试题

(三)17.解：(I).{am}是等差数列a1=1,a2=a,a7=13,∴.a7=a1+6d=1+6d=13..…2分.d=2,a=3,…………4分∴.am=1+2(n-1)=2n-1..…5分(Ⅱ

3、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](三)3英语(JJ)试题

1、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](二)2地理(JJ)试题

1、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](六)6地理(JJ)试题

1、202

4、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](六)6理综(JJ·A)试题

16.如图所示为教室里可以沿水平方向滑动的黑板，一位老师用粉笔在其中某块可移动的黑板上画直线。若粉笔做竖直向下的匀速直线运动，同时让黑板由静止开始向左做匀加速直线运动再做匀减速直线运动，则粉笔在黑板上

5、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](四)4语文(JJ)答案

1、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](二)2语文(JJ)答案

1、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](一)1语文(JJ)答案

1、202

1、衡水金卷先享题·月考卷 2023-2024学年度上学期高三年级二调考试[新教材]物理答案

联立解得=4.5m/s(1分）(2)物体作平抛运动过程，竖直方向上有=2g2(1分)解得t=0.6s(1分)物体落地时的竖直速度大小为8，=g(1分解得vw=6m/s物体落地时，速度方向与水平方向夹角

2、衡水金卷先享题·月考卷 2023-2024学年度上学期高三年级二调考试[新教材]物理试题

磁感应强度的方向垂直纸面向外1分(2)设能从OP射出粒子的运动最大半径为r,则rsin 0 31即2分sin设相应的最大速度为，根据牛顿运动定律可得evB=m解得v=6Vo2分a=mg+/=15m1s

3、衡水金卷先享题·月考卷 2023-2024学年度上学期高三年级一调（新教材）-物理试题及答案

18.[物理一选修3一4](15分)()(5分)物理实验小组在“用单摆测重力加速度”的实验中，由于没有游标卡尺，无法测量小球的直径d,他们在实验中将摆线的长度作为摆长1，测得多组周期T和（的数据，作出

3金属前轮C金属辐条脚踏轮B金属飞轮AA前轮C边缘的电势较低C前轮C边缘的线速度大小为。B前轮C转动的角速度为是。D.辐条两端的电压为BR(R。2一R,)21.如图所示，生产车间有两个完全相同的水平传送带甲和乙，它们相互垂直且等高，两传送带由同一电机驱2RA动，它们正常工作时都匀速运动，速度大小分别为、2，并满足m十2=，式中v为已知定值，即两传送带的速度可调但代数和始终不变。将一工件A(视为质点)轻放到传送带甲上，工件离开传送带甲前配经与传送带甲的速度相同，并平稳地传送到传送带乙上，且不会从传送带乙的右侧掉落。已知工件的质量为m,工件与传送带间的动摩擦因数为4，重力加速度大小为g。两传送带正常工作时，下列说法正确的是传送带乙传送带甲A第管A当甲=2时，工件在传送带乙上留下的滑动痕迹最短B.当仰=2时，工件与两传送带因摩擦而产生的总热量最小C.当仰=2时，驱动传送带的电机因传送工件需要额外做的功最小D驱动传送带的电机因传送工件至少需要额外做的功为受第Ⅱ卷（非选择题共174分）》三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22~32题为必考题，每道试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。一)必考题：共129分。2.(6分)某兴趣小组利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律。进行了如下操作：①用刻度尺测出直尺的总长度L;②让直尺下端刚好处于光电门处（恰好未挡光）并由静止释放，直尺运动过程中尺身始终处于竖直方向且直尺通过光电门的过程中下端未触地；③记录直尺通过光电门的时间t。(1)若可供迷用的直尺是长度相同的一把钢尺和一把塑料尺，为减小实验误差应选择(填铟尺”或“塑料尺”)完成该实验。(2)直尺上端经过光电门瞬间的速度大小为无（用L、:表示）。25电门计时器(3)若直尺通过光电门的过程机械能守恒，则当地的重力加速度大小g=」(用L、t(4)通过处理数据发现，直尺动能的增加量大于直尺重力势能的减少量，造成这种结果的原表示)。【高三理科综合第5页（共12页）】·23-294C

V2gh-亚，此时金属棒两端电压为U=Bu=以√2gh--√2Pgh一B亚，B错误，C正mLmL确；BEXhD金属棒下落号时，金属棒所受的安培力为F,'=个三.由牛顿第二定律可得加速度为a=m2mgBh,D正确.2mL22.(1)相等时间间隔内的位移差近似相等(2分)(2)1.84(2分)(3)1.29(2分)解析：(1)由表格数据可知，摩托车在相等时间间隔内的位移差近似等于0.32，由此可知，摩托车近似做匀加速直运动；(2)当x=1.24m时摩托车的速度为v-23248m/5=1.84m/s1.0(3)由逐差法可知，摩托车的加速度为a=①2.60一3,72)-3.72m/s=1,29m/s(4×0.5)223.(1)见解析(3分，其中完善电路1分，实物连线2分)(2)E2(1分)R1(1分)(3)保持滑动变阻器滑片位置不变(1分)左(1分)(4)1999或1999.0均可(1分)小于(1分)解析：(1)由滑动变阻器应选最大阻值较小的即为R1,则滑动变阻器用分压式，完善电路图如图所示实物连线如图所示(2)利用“半偏法”测电压表内阻实验中，近似认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不变，为了减小实验误差，电源电动势应选大的即为E2,滑动变阻器应选最大阻值较小的即为R1；(3)利用“半偏法”测电压表内阻实验中，闭合开关S、S2,先使电压表满偏，步骤c中保持滑动变阻器滑片位置不变，断开开关S2,使电压表半偏；(4)在步骤c中，记录的电阻箱的阻值为1999.0Ω，根据串联电路的分压特点得Rv=1999.02根据设计电路可知，实际上在调节电阻箱时滑动变阻器上的分压要变大，大于2V,故电阻箱分得的电压大于1V,电阻箱的阻值大于电压表的真实值.24.解：(1)从MN中点射出的粒子进入磁场后的运动轨迹如图所示【“皖八”高三第三次大联考·理综试卷参考答案第4页（共12页）】HD

1、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](六)6理综(JJ·A)答案

MnhapC.该运动员所受的合力不断诚小全国100所写示范D.斜坡对该运动员的作用为一定是竖直向上的18。一个单边斜拉桥模型如图济不示，均匀桥的重力C)订绕通过0点的水平围定轴转动。8根与桥面均度那角

2、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](五)5理综(JJ·B)答案

■▣▣▣▣口■等于物块增加的机械能E=mghc4+△Ek=112J,故C错误。传送带克服摩擦力做的功等于物块增加的机械能和系统产生的内能之和即W=E+Q=126J,故D正确。19.滑片P向α端移动时，

3、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](二)2理综(JJ·A)试题

③在260℃时，向体积为2L的恒容密闭容器中充人2mlCH,0H(g)和2mlC0(),同时发生主反应和副反应，经过10mm达到平衡，此时n(C0)=1mml,n(HC00CH)=12mml,则0-1

4、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](三)3理综(JJ·B)试题

C.空间站的线速度小于地球赤道上物体随地球自转的线速度K)与温度TB.向FcNO2溶液中滴加盐酸，有气泡产生：3Fe”+NO,+4H=3Fe+NO1+2H0D.若考虑稀薄大气阻力且无动力补充，则空间站

5、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](五)5理综(JJ·B)试题

(4)卡那霉素抗性基因的作用是作为标记基因，检测目的基因是否导入受体细胞（或供重组DNA的鉴定和选择)。(5)若要检测转基因棉花细胞中Bt毒蛋白基因是否转录出了RNA,可采用核酸分子杂交技术，用标记的

1、安徽省2023-2024学年度九年级阶段诊断(PGZX F-AH)(一)物理答案

▲1X20AB图217.(9分)如图所示，在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，两根平行光滑金属导轨固定在水平面内，导轨间距为L,左端连接阻值为R的电阻。电阻为r的导体棒b放在导轨上，其长度恰好等于

2、安徽省2023-2024学年度九年级阶段诊断(PGZX F-AH)(一)物理试题

取重力加速度大小g=10m/s2。下列说法正确的是15A.小球做平抛运动的初速度大小为10m/sB.小球从B点运动到D点的时间为0.7sC.小球在P点的角速度为l0rad/sD.小球在P点的向心加速度

C.①④⑤D.④⑤20.硫和氮及其化合物的转化对人类生存和社会发展具有重要意义，下列说法正确的是A.NO2与水反应生成硝酸，说明NO2是酸性氧化物B.S02能使KMn0,溶液褪色，说明S02具有漂白性C.因氨气具有还原性，所以可用作制冷剂D.以H,0、NH、CO2为原料可以制备NH,HC0,21.下列递变情况中，正确的是A.Na、Mg、A1原子最外层电子数依次减少B.P、S、C1元素非金属性依次减弱C.Li、Na、K的金属性依次增强D.C、N、0元素最高正价依次增大22.下列关于化学反应中的说法错误的是能量个生成物反应物反应→过程A.如图所示的反应为放热反应B.化学键断裂吸收能量，化学键形成放出能量C.需要加热的化学反应不一定是吸热反应D.化学反应中有物质变化也有能量变化23.用100mL1mol·L盐酸与锌粒反应取氢气，采取下列措施能使反应速率加快的是①升高温度；②改用50mL2mo1·L盐酸；③改用300mL1mo1·L盐酸；④改用98%的浓硫酸A.①②④B.①②C.①②③④D.①③24.除去括号内杂质所用试剂和方法错误的是A.C0,(HC1)一一饱和碳酸氢钠溶液，洗气B.FeC13溶液(FeC1)一一加入足量的铁粉，过滤C.C12(HC1)一一饱和食盐水，洗气D.Cu(Fe)一一溶于足量盐酸，过滤25.速率与限度是研究化学反应的重要视角，下列叙述错误的是A.对于反应C(S)+O2(g)=CO,(g),其他条件不变，增加木炭的量，反应速率不变B.某物质化学反应速率为0.8mol/L·s)是指ls时该物质的浓度为0.8mol/LC.氯酸钾分解制取氧气时添加少量二氧化锰，可增大反应速率D.在给定条件下，达到平衡时，可逆反应完成程度达到最大非选择题部分26,短周期主族元素A、B、C、D、E、F在元素周期表中的位置如图所示。试回答下列问题：(1)写出E的元素名称：(2)写出化合物AC的结构式：高一化学学科试题第4页，共6页

B1B.化学兴趣小组同学探究Na,CO,和NaHCO,与破的反应，实验过程及结果知下实验装置试剂X实验结果试剂X①Ⅱ、Ⅱ均产生白色沉淀。②烧杯中溶液pH变化如下：II Na,CO,▲0◆0▲0▲0蒸0.05mol·1张馏水10-10'mLL-INaz CO0.05mol·玉NaHCo.澄清石灰水水L-NaHCO,溶液溶液10加人试剂的体积/ml已知：pH越大，c(OH)越大，溶液碱性越强。下列说法错误的是A.I是空白实验，排除因体积变化对Ⅱ、Ⅲ溶液pH的影响B.Ⅱ和I的pH曲线基本重合，说明OH与CO不反应，Ⅱ中发生反应：COg+Ca2+-CaC03￥C,Ⅲ比Ⅱ的pH曲线降低，说明OH与HCO,反应，Ⅲ中初期发生反应：2HCO3 +20H-+Ca2+-2H2O+CaCO3+COD.当Ⅲ中Ca+恰好完全沉淀时，溶液的pH>714.对水样中M的分解速率的影响因素进行研究。每次取2L水样进行实验，在相同温度下，M景的物质的量n(M]随时间)变化的有关实验数据如下图所示，下列说法正确的是0.400.300.200.105210152025A.由②④得，水样中添加C+,能加快M的分解速率B.由②③得，反应物浓度越大，M的分解速率越快C.水样酸性越强，M的分解速率一定越快D.在0一20min内，@中M的平均分解速率为0.0075mol/(L·min)命题，培优联盟高考研究院审题：旌德中学吴志明、芜湖县一中王金华制卷：等高教育第页（共8测

1、江西省新余市2023-2024学年度实验中学初三入学（考试）测试物理/

4.如图所示，光滑水平面上放置若四个相同的木块，其中木块B与C之间用一轻弹簧相连，轻弹黄始终在弹性限度内。现用水平拉力F拉B,使四个木块以相同的加速度一起加速运动，则下列说法不正确的是()A.一起加速

2、江西省新余市2023-2024学年度实验中学初三入学（考试）测试物理/

5.如图，一个带电小球电荷量为+q以初速度Vo从斜面AB的顶端水平抛出，经过时间t恰好落在斜面底端B点，若在图中区域加竖直向下的匀强电场E,且qE=g,G→Vo小球仍以Vo水平抛出，则A.小球恰好落在

3、安徽省六安皋城中学2024届初三阶段性目标检测（四）生物

1、【热荐】安徽省六安皋城中学2024届初三阶段性目标检测（四）化学x试卷

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4、山西省2023-2024学年度第一学期初三素养形成期末测试英语试卷试卷答案

1、江西省新余市2023-2024学年度实验中学初三入学（考试）测试物理/

【解析】“火卫一”绕火星做匀速圆周运动，轨道半径r=R十h,则线速度大小0=2π(R+hT,A项错

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1、江西省新余市2023-2024学年度实验中学初三入学（考试）测试物理/

4.如图所示，光滑水平面上放置若四个相同的木块，其中木块B与C之间用一轻弹簧相连，轻弹黄始终在弹性

1、江西省新余市2023-2024学年度实验中学初三入学（考试）测试物理/

解析：本题考查动能定理。木块做曲线运动，速度方向变化，加速度不为零，故木块所受合力不为零，A项错误；速率不变，动能不变，由动能定理知，合力做的功为零，而支持力始终不做功，重力做正功，所以重力做的功与摩

2、江西省新余市2023-2024学年度实验中学初三入学（考试）测试物理/

8.汽车从静止匀加速启动，达到额定功率后保持额定功率运动，最后做匀速运动，发动机的额定功率为P。,运动过程中受到的阻力大小恒为f,其加速度α、牵引力F和功率P及速度v随时间t变化的图像如图所示，其中可

3、5江西省新余市2023-2024学年度实验中学初三入学（考试）测试化学

卷行天下·化学月考卷（三新教材YK·化学-R-必修第三册-QGA·Y卷行天下·化学月考卷（三新教材YK·化学-R-必修第三册-QGA·Y2.下列物质中属于烃类的是A.CH,OHB.CH,CI卷行天下·

4、江西省新余市2023-2024学年度实验中学初三入学（考试）测试物理/

T下中中期中班(/此/圆'0国8家东y羽丰师烟中舞国制中事拉们=/￥号李形增游(传山付在顺意家)制狼电然可如、小油与州动器小联，电压表测量滑动查面粥两增的纯压，电流表刹华联电背中的电流：州力大成小时，

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1、2022-2023学年安徽省六安市金安区重点中学高一（下）期中数学试卷

参考答案(2)如解图，射线CD即为所求LGMF=2a;(2)CD∥EF,∴∠BEC,∠DAB=∠D

αb开始运动，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。已知重力加速度大小为g,金属棒跟导轨接触良好，导轨的电阻忽略不计。下列说法正确的是A.金属棒ab运动前，cd中电流的方向为c→dB.金属棒ab运动前，其受到的摩擦力逐渐减小C.金属棒ab刚要运动时，cd棒的速度大小为mg5B2L2D.金风棒d下滑距离x的过程中，通过d棒中的电荷量为骀·10.水平台边缘0处一质量为m、带电量为+q的小球，以与水平面成30°角的速度斜向上抛出，在竖直面上运动，整个空间有一匀强电场（图中未画出），小球所受电场力与重力等大。小球先后以速度大小v1、2两次抛出，分别落在倾角为60°的斜面上的α、b两点，两次运动时间分别为t1、t2且小球机械能的增量相同，其中落到a点时小球速度与斜面垂直。已知O、b两点等高且水平距离为L,重力加速度大小为g,空气阻力不计，下列说法正确的是A.a、b两点电势为P。

解：(1)金属棒的加速度为零时，其速度最大，根据平衡条件，有ngsin0-ngcos0=BIL(2分）其中1=E+RE=BLx(2分)联立解得器。（1分)(2)金属棒由静止滑行至(d处的过程中，通过金属棒横截面的电荷量g-1w=R第·A-0-Ar 4r(2分)解得x部1分》金属棒由静止滑行至cd处的过程中，根据动量定理，有mgsin Ot-umgcos 0t-B ILt=mv-0 (2)其中q=t(1分)解得t=4BgL+4mrB212(2分)mg(3)金属棒由静止滑行至cd处的过程中，根据功能关系，有71 g.xsin0一ng.cos日Q三21(2分Qs=,千RQ(1分)解得Q一欲-品.(2分)

14.(13分)在巴黎奥运会上，我国选手全红婵、陈芋汐包揽女子10米跳台跳水金、银牌。如图，一身高1.5m、体重50kg的运动员，从10米高处向上跃起后，自由下落进入水中。假定运动员站在跳台上时，重心离跳台高度为0,75m,从跳台上跳起，到达最高点时，重心离跳台的高度为2.0m,在从最高点下落到手刚接触水面的过程中，运动员要做一系列动作，当双手触及水面时，身体保持竖直状态，此时他的重心离水面的距离为0.75m,若水池深度足够深，忽略空气阻力，重力加速度g大小取10m/s2。(1)求运动员跳起瞬间其重心的速度大小；(2)求允许运动员做一系列动作的最长时间(3)假设运动员完全入水时的速度大小为15.5m/s,运动员完全入水后，受到浮力大小等于其重力，运动过程中受到水的阻力与速度的关系满足：F,=一，比例系数k=250N·s/m,求该运动员头部在水中能到达的最大深度。15.(16分)如图甲为某款医用治疗装置，该装置由粒子源、直线加速器和偏移器等部件构成。直线加速器由一系列带孔的金属漂移管组成，每个漂移管两端圆板横截面积相等且依次排列，中心轴线共线，漂移管的长度按照一定的规律依次增加。序号为奇数的漂移管和交变电源的一极相连，序号为偶数的漂移管和电源的另一极相连。交变电源两极间电势差的变化规律如图乙。在1=0时，奇数漂移管相对偶数漂移管的电势差为正值，此时位于序号为0的圆板中央的粒子源静止释放出一个电子，电子在圆板和漂移管1间的狭缝电场中由静止开始加速，沿中心轴线冲进漂移管1，在漂移管1内做匀速直线运动。每次电子在漂移管内运动时间恰为交变电源周期的一半。已知电子的质量为m、电荷量为e,交变电源电压的绝对值为U,周期为T,忽略电子在狭缝内运动的时间及相对论效应，不考虑电子的重力及其他因素的影响。交变电源3T2T直线加速器偏移器目标平面甲乙(1)为使电子运动到漂移管之间各狭缝中都能恰好使静电力的方向跟运动方向相同而不断加速，求第n个漂移管的长度；(2)若电子获得的最大动能为Em,则需要多少个漂移管？(3)该电子加速到最大动能Em后，恰好沿O'0方向射入偏移器。偏移器为一边长为L的正方体，正方体内充满匀强电场和匀强磁场，O'为偏移器左侧面的中心点。当偏移器内电场强度和磁感应强度均为零时，电子恰好沿O'0射到目标平面中心0点处(0点和偏移器左、右侧面中心点共线)，目标平面和偏移器右侧面平行且相距L。当偏移器同时加上如图所示的匀强电场和匀强磁场（方向均垂直于前、后面）时，电子在极短的时间内，穿过偏移器，打在目标平面上(x。,y)处，求偏移器中电场强度E和磁感应强度B的大小当a很小时，有na=1ana=a,easa1-2)。广东·高三物理第6页（共6页）》

2025届高考滚动检测卷（三）·物理参考答案、提示及评分细则1.C△D=p:一p,=m(一u)=5X105X(一80-40)=-0.6g·m/s,则A,B均错误：由动量定理可得F△=P:-P:解得F=A、P=一60N,负号表方向与飞来方向相反，则C正确，D错误At2.D笼体表面有感应电荷，选项A错误：笼体内部没有电场，因此体验者不带电，选项B错误：体验者与笼体是等势体体验者与金属笼内壁接触不会形成电流，不会发生触电，选项℃错误；金属笼内部场强为零，由于电势为相对量，因此笼体的电势可能不为零，选项D正确，3.C对人图.开始一段时间，机车的功率逐渐增太：则机车的功率不恒定，A不符合题意：对B图，开始一段时间，机车的速度随时间均匀增大，加速度是定值，机车是以恒定的加速度启动，不是以恒定的功率启动，B不符合题意：若机车以恒定的功率启动，则其速度增加，牵引力藏小，当牵引逐渐减小到与阻力等大时机车以最大的速度做匀速，C符合题意：对D图，开始一段时间，机车的加速度是定值，机车是以恒定的加速度启动，不是以恒定的功率启动，D不符合题意，故选C4.D由电路图可知，A,B间的电压恒定，可变电阻R和R:并联后和R串联，电压表V,的示数增大△2，则并联电路电压减小R:电阻不变，则适过它的电流即总电流增大爱，通过R的电流减小，通过可变电阻R的电流增大，可得可变电阻R的阻值减小，A错误；A、B间的电压恒定，电压表V:的示数增大△，则并联电路电压减小△，B错误：并联电路电压减小，通过电阻民的电流减小.减小量等于誉，C错误：总电流通过R和R,塔大量为装，道过电醒民的电流减小量为警，则适过可变电阻R的电流指大量大于爱，D正确。5,A由图像电势的变化可知，沿x负方向电扬向左：x正方向电场方向向右，切线表示电场的大小，所以负方向场强逐渐变小，右侧场强大小不变，所以不能是匀变速运动，C错误，根据电场做功W=一U一g(0一%)，电势差相等，所以恰好运动到B点，但由两侧场强分布情况不同，则A0与B0之间移动距离不相等，由于仅受电杨力作用，则动能与电势能之和保持不变，则A正确，B,D错误6,D由电路图可知N板带正电，则由受力平衡可知，小球受电场力垂直板向上，则小球带正电，则A错误：若5保持闭合，由于电容器断路，则调节R不改变两板间任何物理址，小球仍静止，则B错误，若S断开，则两板电荷量不变，改变两板间距离，板间电场强度大小不变，小球仍静止，则C错误：由平衡条件可得m以c©s30号解得g-则D正确?.CD地球静止轨通卫果和倾斜地球同步轨道卫星在轨运行线速度大小相同，方向不同，A项精误：由于地球静止轨道卫显和领解造球同少精道卫星的质量大小未知，无法比较机城需大小，B项信误：由G一=mr(孕)可知轨道半径越大，加速度越小，调期继大，因此CD项正确。【025届高考深动检测卷（三·物理参考答案第1页（共4更）】