二、选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项或两项是符合题目要求的。若正确答案只包括一个选项，多选时，该小题得0分：若正确答案包括两个选项，只选一个且正确的得2分，选两个且都正确的得4分，但只要选错一个，该小题得0分。10,下列图示与对应的叙述相符的是,玻璃乙醇氧化溶液A.实验室制取硝基苯B无水乙醇的制备C.乙酸乙酯的制备D.证明有乙烯生成1,已知25℃时有关弱酸的电离衡常数如下：弱酸HCIOH:COH:SOHNO:电离4.0×10-8K=4.5X10-7K:=1.6×10-衡常数Ka=4.7X10-Ke=6.0X10-5.6×10-下列说法正确的是A.HNO,溶液的导电能力一定强于HC1O溶液的导电能力B.将少量的CO2通入NaC1O溶液中，反应的离子方程式为2ClO+CO2+H,O一2HCIO+COC,若要使pH相同的HCIO溶液和HNO2溶液加水稀释后pH仍相同，则往HCIO溶液中加的水更多D.0.1mol·L1的NaHSO,溶液中-定存在c(Na*)>c(HSO)>c(Ht)>c(SO3)>c(OH-)12,25℃，101kPa下，32mL由乙烷、乙块和丙烯组成的混合气体与过量的0，混合并完全燃烧，除去水蒸气，恢复到25℃，101kP,气体总体积缩小了56mL,原混合气体中乙炔的体积分数为A.25%B37.5%C.50%D.75%13.室温下，向20mL.0.1m0l,LNaA(HA:K=1.54×↑pH10,K。=1.0×10)溶液中滴加0.1mol·L的HCl溶液，混合溶液的pH与所加HC溶液的体积的关系如图所7.0示。下列叙述正确的是A.升温后，K。增大而K,减小40V(HCl溶液)/amLBb点时：(Na*)=c()+2c(A)+c(HA)【高二化学第3页（共6页）】·22-11-220B

处位置的磁场较强，cd所处位置的磁场较弱，则F>面向上，则半圆形线框所受安培力的大小为F总=F十F=Fa,则线框所受合力方向向右，故B、C错误，D正确，F+2P=(π+2)F,D错误.故选C4.D解析：通电液体在磁场中所受的力叫磁场力，故A错元误；判断通电液体在磁场中的受力方向应用左手定则，故【易错警示】本题中求解MPN段所受安培力时应用等效长度，其等效长度与MN相同，但要注意实际长度不同，B错误；由R=ρ5可知导电液体电阻率越大，电阻越大，即电阻与MN不同，所以电流不同.由1是可知电流越小，由F=BL可知安培力越小，旋8.D解析：a、b、d处的电流在c处产生的磁感应强度大小均为B,根据安培定则和磁场的叠加原理可知，c处的合转效果越不明显，故C错误；根据电势的高低可知电流由磁感应强度大小为（√2一1）B,方向与cd垂直斜向左上边缘流向中心，器皿所在处的磁场方向竖直向上，从上向方，则放在c点的导线受到的安培力的大小为F=下看，由左手定则可知，导电液体受到的磁场力沿逆时针(√2一1)BIL,根据左手定则，可知c处导线所受安培力方向，因此液体沿逆时针方向旋转，故D正确.故选D.5.B解析：根据右手螺旋定则，O点的磁场方向垂直纸面沿dc方向.故选D.向外，而N极指向方向和磁场方向相同，因此N极指向9.C解析：当电流天两端衡时，由于力臂相等，两端受纸面向外，故A错误；根据对称性，六条边在O点产生的力相等，则有mg=nBIl,解得长螺线管内部的磁感应强磁感应强度都相同，因此BC边的电流在O点的磁感应度B-器，故A错误螺线管内部的骏场方向行于螺强度为Bx骨，放B正确；AB边电流方向向下，DE边线管轴线，对同样行于螺线管轴线的导线没有力的作电流方向向上，反向行电流相互排斥，故C错误；将电用，故B错误；若螺线管内磁感应强度B=I。,要使电流流增大为两倍，则AB边和DE边的磁感应强度也变为两倍，又由于电流变为两倍，因此相互作用力增大为原来天衡有g=k1,业，解得1，-然器，放C正确若通的四倍，故D错误.入矩形导线圈和螺线管的电流大小仍为I和I。,同时改6.A解析：如果磁场方向竖直向上，由左手定则可知，安培变电流方向，则安培力的大小和方向均没有发生变化，所力水向右，导体棒所受合力不可能为零，导体棒不可能以要使天恢复衡则左端砝码的质量应保持不变，故静止，则磁场方向竖直向下，故A正确，B错误；磁场的方D错误.故选C向为竖直向下时，导体棒受到水向左的安培力作用，同10.C解析：对整体分析，重力大小和方向不变，绳1、2弹时还受竖直向下的重力和垂直于导轨向上的支持力作用，力方向不变，根据左手定则，安培力水向右逐渐增大，三力合力可以为零，由力的衡条件有F=BIL=mg tan0,由衡条件得，水方向F1=F2cos60°十BIL,竖直方解得I=mg tan0BL,故C错误；其他条件不变，仅电流方向向F2sin60°=mg,若电流逐渐变大，则F1增大、F2不变，故A、B错误；当电流增大到I。时，安培力与重力的突然反向，则安培力方向水向右，导体棒所受合力不可能为零，导体棒不可能静止，故D错误.故选A合力最大，即绳3的拉力最大，可得sm30-肾，最大7.C解析：由图可知，通过MN的电流方向向右，根据左值为F3=2mg,故C正确；对金属棒受力分析得tan30°=手定则可知，MN段所受安培力的方向行于线框面解得1，-，故D错误故选Cmg向上，A错误；设半圆形单匝导线框的半径为r,根据电阻定神R=后·可瓷一多-是因N段与MPV段11.答案：(1)0.2N,水向右(2)13m/s2(3)0.3T解析：(1)若磁场方向竖直向上，根据左手定则可知导体棒为并联关系，可知电压相等，根据欧姆定律可得=所受安培力方向为水向右，大小为F=BIL=0.2NI MPN(2)对导体棒受力分析如图所示，在垂直于导轨方向，根R一2，B错误；已知MN段所受安培力大小为F,则RMPN据衡条件可知导体棒所受支持力大小为FN=mg cos(有F=BIo·2r,MPN段所受安培力的等效长度为2r,-Fsin 0=0.04 NMPN段所受安培力的大小为F'=BIPN·2r=B·导体棒所受摩擦力大小为F=FN=0.02N设导体棒的加速度大小为a,根据牛顿第二定律有之1N.2r元·BIwN·2=23,C正确；由左手定则可Fcos 0+mg sin 0-F:=ma知，MN段与MPN段所受安培力方向均行于线框解得a=13m/s2教学笔记物理·参考答案/54

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【解

鸟()↓121，)，3项化；隙乙梯种N妇(O水路液区以生税∠、游化，其腐子方程式为11,(1刊，I3r(O1小(H,H,O+Br,C项销以；向湖性高猛酸解粥液中滴入及纸水，两者发生斜化反M,反应的离了方得代为2Mn04+5H,0,+6”2M+5O,↑+%时0，D项错误。10(【侧】试纸么游，悦明溶液中可能名有铁肃，他能霄有第水，A项佛误：当阔体中词时含有饮和斜化供刊也会出现该现象，B项指谈：间组和（多O,客顶中福捌司浓度的N2CO,溶液，r华1伯，沉，说明K(CaSO4)>K.(C(CO,),C项正确；NO,也有化性，也可以氟化Fe2,将液变能l明是Ag'氧化了Fe,还是NO氧，化了F℃2，D项缯误11C【解析V,W,×、Y的原子序数依次啪人，但V、W,X、Y的原子华径依灰减小，说明V,W、X、Y叫州期，X,2同主族，日Z的原，子序数为X的2僧，结合X、Z东该物质中的成貔个数可知，X为O元紫，%为S元茶，Y应为F元茶，V形成4个健，刚应为C元紫，W为N元素。根据图中结构可知，V、W,X、Y,Z均达到8心稳定绪构，A项正确：C元紫分别S、O元紫组成的三原子分子分别为CO2和CS,两者的空间构型均为直线形，B项正确；N、S元系的缀高价氧化物对应水化物的韵性比碳酸强，其他氧化物的水化物的酸性不一定都强，C项错误：V、X、Y的最简单氧化物分别为CH4,H,O、HF,CH、HF常福下为气体，H,O常混为液作，所以HO的溶沸点段高，HF分子间存在氢雠，所以HF的恪沸点高于CHD项狂确念12.C【解析丙中阳极上水放电发生氧化反应生成氧气和氢离子，氢禽子从M室通过交换膜a进入浓缩室，N室中阴离子氯离子向阳极移动，通过交换膜b进入浓缩室，摄终得到较浓的盐酸，故交换膜b为阴离子交换膜，A项正确。乙池中通入废气二缎化硫的电极连接电源的正极，为阳极：阳极上二纸化疏发生银化反应生成疏酸根离子，阴极上·氧化氯发生还原反应生成铵根离子，电池总反应为二氧化硫、一氧化瓢通电反应生成硫酸铵，离子方程式为5SO2+2NO+8H,0通电2NH+5SO:+8H,B项正确。当浓缩室得到4L浓度为0.6mol·L盐酸时，迁移过来的氢离子为4L×(0.6mol·L'-0.1mo1L)=2mol:2H2O-4e=4H+02↑，则反应的水为1mo1,M室中溶液的质撒减少了1mol×18mol=18g,C项不正确。乙池中SO,转化为硫藏根离子，NO转化为纰根离子：若在标准状况下，甲池有5.6LO,(为0.25mol)参加反应，根据电子守恒可知，O2~4e~2S0,0,4cN0,则乙池中处理废气(S0,和N0)共0.7mol,总体积为15.63L,D项正确。13.A【解析若a点pH=4,c(H)=10mol/L,且c(Br)=m·c(HBrO),根据化学方程式Br+H,O=HBr+HBrO知c(Br)-c(BrO)=c(HBrO),则c(BrO)=(m-1)·c(HBrO),因此HBrO的电离衡常数为(Br0):()=10(m-1),枚A项正确：b点Br恰好与KOH溶液反应c(HBrO)生成KBr、KBO,KBrO水解的溶液星贼性，pH>7,故B项错误；c点加入KOH的物质的批是2mo/L×0.2L=0.4mo1,根据反应的化学方程式知还剩余02 mo!KOH,则c点溶液中溶质有0.1 molKBr、0.1 mol KBrO、0.2 mol KOH,根据电荷守恒得c(H)+c(K)=c(Br)+:(BrO)+c(OH)①)，由淚元紫守恒得c(Br)=c(BrO)+c(HBO)②，2[c(Br)+c(BrO)+,(HBrO)]=c(K)③，所以c(OH)-c(H)=2c(Br)+c(HBrO),故C项错误；b~c段，溶液的H增大导致(0H)增大，温度不变水解衡常数不变，c(HBrO)c(HBrO)x c(OH-)c(BrO)c(BrO)x c(OH)K方(0),所以比值减小，故D项错误。▣▣扫描全能王创建问

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相切，则有x=r(Cr)十r(.）=(a十b)nm,品胞中N原子的个效为8X§十6X2=4,Cr原子4×52+4×14的个数为12×}+1=4，该氮化铬品体的密度p=N2aX00X10g·m33×1021(a+b)Ng·cm3。17.(1)①+434(2分)②B(2分)(2)①15(1分)：1.95(2分)@淡06分③>(1分)；随温度升高，产物摩尔流量和反应的衡转化率均增大，衡正向移动(2分)(3)D(2分)【命题意图】本题以工业生产实际问题为载体，考查学生对化学反应原理的理解与运用，涉及反应热、盖斯定律、化学衡常数、化学反应速率等知识。突出应用性、综合性考查要求，旨在考查考生的分析与推测能力、归纳与论证能力，变化观念与衡思想、科学态度与社会责任的学科核心素养。○。化学卷参考答案()第5页（共8页）【24·(新高考)ZX·MN·化学·GZ】全国100所名校高考模拟示范卷、【解题分析】(2)①根据阿伏加德罗定律，恒温恒容时某组分气体的分压与其物质的量成正比，1123K恒容时：CH,(g)+COz (g)=2CO(g)+2H2 (g)起始分压/kPa202500变化分压/kPa10102020某时分压/kPa1520即某时刻p(CO2)=15kPa,p(CH)=10kPa。代入(CO)=1.3×10-2·(CH)·p(C02)mol·g1·s1=1.95mol·g1·s1。②达到衡时，CH,的变化分压为xkPa,1123K恒容时：CH (g)+CO2(g)=2CO(g)+2H2(g)起始分压/kPa202500变化分压/kPax2x2x衡分压/kPa20-x25-x2x2x依据题意有20-）+257）+2x+2=1.8,解得x=18。CH(g.C0.(g.C0(g,H,(g)20+25的衡分压依次是2kPa、7kPa、36kPa、36kPa,代人K。=p2(C0)·p2(H2)p(CH)·p(CO2)362×362(kPa)'。2X7(3)图2中约170min后体系压强很快减小，则C0气体的量大大降低，可能是反应I、Ⅱ急剧发生，吸收大量的热，导致容器内温度降低，衡逆向移动，A项正确；由图3可知，1650~1700K时A1生成量增加，Al2O3和AlC3含量降低，B项正确；图3中T≥1700K时，体系中A1、A12O3和A1,C3的物质的量逐渐减小，根据元素质量守恒可知，体系中一定发生了其他副反应，生成了其他含铝化合物，C项正确；碳还原氧化铝制备铝所需温度太高，难以实现，且比电解法成本更高，产率更低，产品纯度不够，不适合大规模应用，D项错误。18.(1)C3HBr3(1分)：消去反应(1分)(2)6(1分)；相等(1分)；能(1分)；2(2分)OHOH(3)0OH+HOCH.CHCE,OH-e条年.H-EOCH,CHCH0-。(2n-1)H2O(2分)(4)6(2分》0HC(5)N≡CCH,COOCH.(2分)；"NH:(2分)【命题意图】本题以合成醇酸树脂为载体，考查有机物的结构、性质、合成路线分析等。○.化学卷参考答案(')第6页（共8页）【24·(新高考)ZX·MNW·化学·GZ】全国100所名校高考模拟示范卷人【解题分析】由题意可知，A为CHCH一CH2,B为CH2一CHCH2Br,C为CH.BCHB.CH,Br,D为cH,OHCHOHCH.OH..E为H8.F为888H.

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↑T/C煤油60温度计温度计5040水30煤油水20100123456t/min甲乙(1)加热过程中，水和煤油吸收热量的多少是通过选填“温度计示数的变化”或“加热时间”）来反映的。（2）某同学用同一个

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10尧生活位朴克己爱民、舜宽厚待人以身作则、禹治理洪水三过家门而不人，他们先后被推举为部落联盟首领。材料体现的制度是)A.礼乐制B.分封制C.世袭制D.禅让制1.下表是一位同学的研究性学的成果。该表

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