名师导学·高考(选择性考试)二轮总复·物理学生用书参考答案(P19~P26)专题二力与运动夹角为0,支持力F、=2 ngsin0一mg,向右缓慢拉动的过程中,0角渐减小:第1讲力与物体的衡水方向:F=f+2 ngcos0=2 ngcos0+μ(2 ngsin0-mg)【基础落实】2mg(cos 0-usin 0)-jong一、1.行四边形对角线2.三角形从第一个的起点到第二个的终点由于:ms0叶n0=cos0+号如0二、1.零2.相等相反矢量三角形3.零零4.缓授合力5.电场力【考点突破】考点一0有一临界值30°当9从Q0例1C【解析】假设撒去积木1,积木2能继续衡,说明积木1与积开始逐渐减小至30°.即(60木2之间只有接触,而无力的作用,故D错误:隔离积木1受力分析,+8)从150°逐渐减小时受重力,3对1的弹力,3对1的静摩擦力,故积木1受3个力作用,故n60)逐渐增大:当0A错误;对123的整体分析可知,水方向无外力,则积木3与地面之30°后,F=f+2 ngcos0间无摩擦,故C正确:对3受力分析可知,受重力,1对3的压力,1对2 ngcos0叶(mg-2 ngsin)3的摩擦力,2对3的压力,2对3的摩擦力,地面的支持力,故3共受2mg(cos 0-usin )umg6个力,故B错误;故选C变式训练1D由于ms0-n0=os0-号n0考点二例2C【解析】以O点为研究对象,受到Fos30'cos0-sn30sn0空调外机的压力号G,OB支架的作用力后0s(30+》F,和OA支架的作用力F,受力如图所当0从30逐新减小的过程中,cos(30°+0)逐渐增大,所以当0从30°示,由受力图结合几何关系可得:逐渐减小的过程中下仍然逐渐增大.可知水拉力一直增大,故A正G确,B错误.F:-sin 0-200 N向右缓慢拉动的过程中,两绳子之间的夹角逐渐增大,绳子的拉力不变,所以绳子的合力减小,则绳子对滑轮的作用力逐渐减小,根据共R兰面N在AB点力衡的条件可知,支架对轻滑轮的作用力大小逐渐减小,故C误若把斜梁加长一点,仍保持点O的位置不变,横梁仍然水,则此时当细绳与细杆的夹角为60时,拉力F的大小为:F-2mg(cos 0+usin 0)-gomg变大,sin0变大、tang变大,由F,=n0B一n可知:F将减=2ms(m606)号小E,将减小,故C正确、D错误。变式训练2-()s考点三故D正确,例3C【解析】如图所示,设F与竖直变式练)BD方向夹角为a,根据受力衡知:第2讲力与直线运动ngcos a=F,mngsin a=N,从A到B过【基础落实】程中a从罗逐渐减小到0,可知F逐1.(1)u+af(3)/一渐增大N逐渐减小,故A,B错误;将2.(1)瞬时速度(2)aT两物体看成整体,整体受水向左的3.(1)抛物线速度(2)倾斜直线加速度位移作用力为F=Fsin a=mgcos asin a4.(1)矢相同瞬时(2)运动学a【考点突破】mgsin2a因为0≤2a≤x,根据函数考点一单调性可知sin2a先增大后减小.则例11)9m(2)7.44m/s【解析】(1)背包在斜面上运动,受力分先增大后小,想据牛定析如图所示:知墙面对凹槽的压力先增大后减小故C正确:对凹槽进行受力分析由牛顿第二定律可知:m gsin0可知,水地面对凹槽的支持力N=Mg十Nsia,根据牛顿第三定律N=N,则地面对凹槽的作用力为N,=Mg+Nna,由以上分析其中∫=m:gcos0知逐渐减小,逐渐减小,可知水地面对凹情的支持力逐渐减解得:a=2m/s小,故D错误,背包从斜面滑下过程:L=变式训练3AC变式调练4C考点四例4AD【解析】设a的质量为m,则b的质量为2m:以b为研究对滑雪者在斜面上滑动过程中有:L=4+4其中,一=1解得:L=9m,=3s=2s199
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使N2浓度增大,反应I逆向移动,选择性减小,更有利于反应I的发生,C项正确。(3)①温度低于了3K时,由于
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使N2浓度增
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使N2浓度增大,反应I逆向移动,选择性减小,更有利于反应I的发生,C项正确。(3)①温度低于了3K时,由于温度较低,反应速率较慢,尚未达到衡状态,随温度的升高,反应逐渐接衡状态,生成N2的量逐渐
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的丛品度升代糖进”不糖醇等代糖私丙的发生网2W间周其R12.X、Y、Z、W为短周期主族元素,原子序数依次增关,四种元素分别位于不同的主族,且最外层电子数满足X+Y=Z+W=9,Y的简单气态氢化物水溶液
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画上识原任画过恤
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