参考答案及解析化学19.B【解析】BaSO4不溶于水和酸，将Ba2+转化为(3)A(2分)BaSO4后可消除其毒性，A项正确；不用BaCO3是因为(4)HOOCCOOH-2CHCH,OH0.其可溶于胃酸，B项错误；K(BaSO,)=c(Ba2+)XCOOCH,CHa+2H2O(2分)c(SO)=1.2×10-°，溶液中c(Ba2+)=c(SO),由此COOCH,CH求得c(Ba2)≈1.1×105mol·I1,C项正确；K=(5)取最后一次洗涤液少量放入试管中，再向试管中c(CC号)_K(BC0)=70,D项正确。加入几滴Naz SO4溶液（或其它合理试剂），无白色c(SO)K (BaSO沉淀出现，证明沉淀洗涤十净(2分)2(2分)20.B【解析】由图1可知，脱硝反应是放热反应，△H【解析】(1)仪器X的名称是三颈烧瓶；由装置B中=一(b一a)kJ·mol-1,A项错误；由图2可知，反左侧导管进入瓶内长度很短可知其是安全瓶，防止应③断裂了“O一O”非极性键，反应②形成了N=N装置C中液体倒吸进入装置A中；进人装置C中的非极性键、O一H极性键，反应①断裂了N一H极性气体有NO、NO2,它们在O2存在条件下与水反应键，B项正确；由图2可知，反应①可表示为Fe3+十可转化为硝酸，故Y可为O2或空气。故选A、B项。NH3—Fe2++NH2+H+,氧化剂(Fe3-)与还原(2)将温度控制在100℃以下适宜采用水浴加热；由剂(NH3)物质的量之比为1·1，C项错误；由图2可于草酸有较强的还原性，浓硝酸具有强氧化性，若滴知，Fe3+与Fe2+可循环转化，反应中不需要不断补加酸的速率过快，则会导致生成的草酸被浓硝酸氧充Fe3+,D项错误。化，从而导致其产率降低。21.A【解析】HX水解得到OH-、H2X,电离得到(3)0.1mol·L-1H2C2O4溶液的pH值为1.61，可证H+与X2-,溶液遇酚酞显浅红色说明溶液显弱碱明草酸为弱酸，A项正确；将H2C2O4溶液滴入性，则HX电离程度小于水解程度，A项错误；由物NaHCO3溶液中有CO2生成，只能证明草酸酸性强于料守恒知B项正确；由质子守恒知C项正确；由电碳酸，不能证明草酸为弱酸，B项错误；0.1mol·L1荷守恒知D项正确。NaHC2O。溶液能使pH试纸变红，只能证明NaHC2Oa二、非选择题溶液显酸性，不能证明草酸为弱酸，C项错误。22.(14分)(4)该反应的化学方程式为HOOCCOOH十(1)三颈烧瓶(1分，其他合理答案也给分)安全瓶2CH,CHOH、浓Hs0 COOCH,CH,+2H2O。(1分)AB(1分)COOCH CH(2)水浴加热(1分)硝酸将生成的草酸进一步氧(5)由于沉淀中含有Ba2+,若沉淀洗涤干净了，则最化为CO2(2分，其他合理答案也给分)后一次洗涤液中不含Ba+;由题意知，·3·

全国@。所名校高考模拟金典卷(六)题序1456810111213141516答案DDCDBDADABDC D1.答案C解题分析由材料信息可知，周人祭祀所颂扬的对象侧重于自已的祖先，而非虚幻的神灵，且多是颂扬首领率领族人获得衣、食、住的活动，这从侧面反映了周朝统治者重视人事的特点，故C项正确；儒家仁政思想形成于春秋战国时期，A项与材料时间不符，应排除；材料只是反映了周朝祭祀诗的情况，并不能反映整个先秦的政治特征，B项对材料主旨理解不准确，应排除；由材料信息可知，周人的祭祀诗除颂扬其祖先功绩之外，仍有其他“农神”的篇章，D项中“被摒弃”的说法不准确，应排除。2.答案A解题分析汉武帝时期，政府垄断盐业销售，向盐商征收重税等做法，意在增加财政收入，故A项正确；西汉政府控制全国盐业销售的目的并不只是统一盐价，排除B项；西汉政府管控盐业，与商人争利，不利于商业的发展，排除C项；“打击商人，消灭割据”与汉武帝任命桑弘羊主持财政改革的宗旨不符，排除D项。3.答案D解题分析由材料中描述的唐代女俑着男装、锦袍，戴胡帽和骑马等形象及“面孔不遮盖”“浓眉毛、挺直的鼻子”“形体肥胖丰腴”等信息可知，材料从多方面描写了唐代女性，她们或身着女装，妩媚婀娜，或身着胡服或男装，英姿飒爽，展现了唐代女子开朗自信的精神风貌，也体现了唐代社会文化的开放包容，故D项正确；材料信息是丝绸之路上胡汉交融、文化交流的体现，但不能反映“泥塑技艺的胡汉交融”，也没有反映丝绸之路交流畅通，A、C两项对材料理解错误，应排除；材料中没有对比信息，不能得出唐代女性社会地位提升的结论，排除B项。4.答案D解题分析根据材料并结合所学知识可知，宋元时期，政府设置市舶司专门管理对外贸易，对市舶贸易进行监督、管理、抽分。市舶司的设立，使海外贸易趋于制度化，但在“番货”“土货”上的政策差别，在客观上有利于土货出口贸易的发展，D项正确；体现厚往薄来理念的是朝贡贸易，排除A项；明清时期实行闭关锁国政策，排除B项；材料未涉及自然经济，排除C项。5.答案A解题分析由材料中“详酌人心风俗之攸宜”“要求地方官员落实民生问题”“强调随时抽查烟户牌甲”等信息可知，乾隆帝为政务实，关心民生，重视发挥地方官在地方基层治理中的作用，并非“鼓励官员自由流动”“强调官员基层经历”，故A项正确，排除C、D两项；材料中没有体现乾隆帝“尊崇儒家正统文化”的信息，排除B项。6.答案C解题分析由材料中“千百年来，中国普通民众日常所需外来物品甚少”“19世纪80年代中期…玉田，人们日常所需洋货‘至不可胜数”等信息可知，近代以来，洋货已大量涌入中国，且已渗入天津附近普通民众的生活，进而影响到民众的消费方式，这说明天津附近地区民众生活深受时局的影响，故℃项正确；材料信息能够反映民众消费观念的变化，但不能说明民众原有的“勤俭的消费观受到冲击”，排除A项；材料内容没有体现半殖民地半封建化特征，排除B项；从材料中天津附近普通民众对洋货的所需程度来看，民众对西方列强的经济侵略行为缺乏正确认识，D项说法错误。参考答案（四~六）第9页（答案共11页）【23新高考·JD·历史一HUB

全国@。所名校高考模拟金典卷(六)题序1234568910111213141516答案CADDACDBDADABDCD1.答案C解题分析由材料信息可知，周人祭祀所颂扬的对象侧重于自己的祖先，而非虚幻的神灵，且多是颂扬首领率领族人获得衣、食、住的活动，这从侧面反映了周朝统治者重视人事的特点，故C项正确；儒家仁政思想形成于春秋战国时期，A项与材料时间不符，应排除；材料只是反映了周朝祭祀诗的情况，并不能反映整个先秦的政治特征，B项对材料主旨理解不准确，应排除；由材料信息可知，周人的祭祀诗除颂扬其祖先功绩之外，仍有其他“农神”的篇章，D项中“被摒弃”的说法不准确，应排除。2.答案A解题分析汉武帝时期，政府垄断盐业销售，向盐商征收重税等做法，意在增加财政收入，故A项正确；西汉政府控制全国盐业销售的目的并不只是统一盐价，排除B项；西汉政府管控盐业，与商人争利，不利于商业的发展，排除C项；“打击商人，消灭割据”与汉武帝任命桑弘羊主持财政改革的宗旨不符，排除D项。3.答案D解题分析由材料中描述的唐代女俑着男装、锦袍，戴胡帽和骑马等形象及“面孔不遮盖”“浓眉毛、挺直的鼻子”“形体肥胖丰腴”等信息可知，材料从多方面描写了唐代女性，她们或身着女装，妩媚婀娜，或身着胡服或男装，英姿飒爽，展现了唐代女子开朗自信的精神风貌，也体现了唐代社会文化的开放包容，故D项正确；材料信息是丝绸之路上胡汉交融、文化交流的体现，但不能反映“泥塑技艺的胡汉交融”，也没有反映丝绸之路交流畅通，A、C两项对材料理解错误，应排除；材料中没有对比信息，不能得出唐代女性社会地位提升的结论，排除B项。4.答案D解题分析根据材料并结合所学知识可知，宋元时期，政府设置市舶司专门管理对外贸易，对市舶贸易进行监督、管理、抽分。市舶司的设立，使海外贸易趋于制度化，但在“番货”“土货”上的政策差别，在客观上有利于土货出口贸易的发展，D项正确；体现厚往薄来理念的是朝贡贸易，排除A项；明清时期实行闭关锁国政策，排除B项；材料未涉及自然经济，排除C项。5.答案A解题分析由材料中“详酌人心风俗之攸宜”“要求地方官员落实民生问题”“强调随时抽查烟户牌甲”等信息可知，乾隆帝为政务实，关心民生，重视发挥地方官在地方基层治理中的作用，并非“鼓励官员自由流动”“强调官员基层经历”，故A项正确，排除C、D两项；材料中没有体现乾隆帝“尊崇儒家正统文化”的信息，排除B项。6.答案C解题分析由材料中“千百年来，中国普通民众日常所需外来物品甚少”“19世纪80年代中期…玉田，人们日常所需洋货‘至不可胜数’”等信息可知，近代以来，洋货已大量涌入中国，且已渗入天津附近普通民众的生活，进而影响到民众的消费方式，这说明天津附近地区民众生活深受时局的影响，故C项正确；材料信息能够反映民众消费观念的变化，但不能说明民众原有的“勤俭的消费观受到冲击”，排除A项；材料内容没有体现半殖民地半封建化特征，排除B项；从材料中天津附近普通民众对洋货的所需程度来看，民众对西方列强的经济侵略行为缺乏正确认识，D项说法错误。参考答案（四~六）第9页（答案共11页）【23新高考·JD·历史-HUN)

【解析】三维石墨烯只有C元素，属于非金属单质。聚合氨只有N元素，属于非金属单质，与三维石墨烯属于同一类物质，A正确；全氨阴离子盐中含有离子键，属于盐类，与三维石墨烯不属于同一类物质，B错误；白藜芦醇组成元素为C、H、O,属于有机物，与三维石墨烯不属于同一类物质，C错误；双氢青蒿素组成元素为C、H、O,属于有机物，与三维石墨烯不属于同一类物质，D错误。7.下列物质按强电解质、弱电解质、碱性氧化物、酸性氧化物的组合中，正确的是选项强电解质弱电解质碱性氧化物酸性氧化物AH2SOCH COOHNa2 O2N2OsBBaSO,HCIOCaOMn2 OzHIHFCuoCODNaCl氨水MnO2SO2【答案】B【解析】N2O2为过氧化物，不是碱性氧化物，选项A错误；硫酸钡属于强电解质，次氯酸属于弱电解质，氧化钙属于碱性氧化物，七氧化二锰属于酸性氧化物，选项B正确；CO不是酸性氧化物，选项C错误；氨水为混合物，不属于弱电解质，选项D错误。8.下列反应的离子方程式表达正确的是A.向FeBr2溶液中通入过量Cl2:2Fe2++Cl2—2Fe3++2CIB.向碳酸钙悬浊液中通入少量CO2:CO?+CO2十H2O一2HCO3C.Fe(OH)3固体溶于HI溶液：Fe(OH)3+3H+一Fe3++3H2OD.酸性条件下，向碘化钾溶液中加入少量双氧水：H2O2+2H++2I一I2十2H2O【答案】D【解析】过量的Cl2不仅会氧化亚铁离子，还可以与Br发生反应，FeBr2中Fe2+与Br浓度之比为1：2，所以离子方程式为2Fe2++3C2十4Br—2Fe3+十6CI+2Br2,A项错误；向碳酸钙悬浊液中通入少量CO2,CaCO3、CO2、H2O发生反应产生Ca(HCO3)2,反应的离子方程式为CaCO3十CO2+H2O=Ca2++2HCO3,B项错误；Fe(OH)3与HI发生中和反应的同时，还有Fe3+与I之间的氧化还原反应，还缺少Fe3+与I生成Fe2+和I2的反应，C项错误；H2O2具有氧化性，在酸性条件下，会将I厂氧化为2，反应的离子方程式为H2O2十2H+十2I=I2十2H2O,D项正确。9.室温时，已知某溶液中，已电离的水的浓度为10-13mol·L-1,则在此溶液中肯定能大量共存的离子是A.K+、NHt、NOg、SOB.K+、Na+、NO3、SOC.K+、Na+、CI-、SOD.K+、Mg2+、NO3、CI【答案】B【解析】室温时，已知某溶液中，已电离的水的浓度为1013mol·L-1,说明水的电离被抑制，则该溶液为酸溶液或碱溶液。若为酸溶液，离子之间均不发生反应，若为碱溶液，NH与OH能发生反应生成一水合氨，故不一定能大量共存，故A错误；无论是酸溶液还是碱溶液，K+、Na+、NO3、SO?之间均不发生反应，故一定能大量共存，故B正确；若为碱溶液，离子之间均不发生反应，若为酸溶液，则H+与S○？一能发生反应生成亚硫酸，故不一定能大量共存，故C错误；若为酸溶液，离子之间均不发生反应，若为碱溶液，Mg2+与OH能发生反应生成氢氧化镁沉淀，故不一定能大量共存，故D错误。10.常温下，下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是A.遇苯酚显紫色的溶液：I、K+、SCN、Mg2+B.1.0mol·L-1KNO3溶液：H+、Fe2+、CI、SO)=1×102mol·L-1的溶液：K*、Na*、C10、SD.0.1mol·L-1的K2SO4溶液：Na+、A13+、C1-、NO【答案】D·14·

【答案】D【解析)S0,使酸性高锰酸钾溶液褪色表现出还原性，而不是漂白性，A项错误；氯气不能杀菌消毒，氯气与水反应生成的HC0能杀菌消毒，B项错误：铝制品容易在表面形成致密氧化膜，故铝制品耐腐蚀，而不是铝化学性质稳定，C项错误氨气极易溶于水，故可形成喷泉现象，D项正确。5.将一小块钠置于燃烧匙中加热熔融，迅速伸人盛有C0,的集气瓶中，观察到钠剧烈燃烧，实验结束后，在集气瓶中观察到有淡黄色固体和黑色颗粒生成。下列说法正确的是A.金属钠着火时，可以用干冰灭火器扑灭B.根据上述现象，可知钠的还原性大于碳单质C.等质量的钠在空气和C0,中燃烧，增加质量相同D.钠在空气中燃烧，无黑色固体颗粒生成【答案】B【解析】金属钠着火生成Na,0,Na,0,遇C0,生成O2,故不可用于冰灭火器扑灭，A项错误：根据上述现象，可知钠在C0,中的反应为2八a+C0,点燃Na,0,+C,根据反应可知还原性：钠>碳单质，B项正确；钠在空气中主要产物是Na,0,在C0,中产物是Na,0,和C,故等质量的钠在C0,中燃烧，增加的质量大，C项错误；产生的黑色碳颗粒，也可能是钠块表面的煤油未充分燃烧产生的，并且空气中也含有少量CO2,也可能会有少量碳单质生成，D项错误。6.下列化学反应，对应的离子方程式正确的是A.将Na投入CuS0,溶液中：2Na+Cu2+=2Na+CuB.在Na2C03溶液中滴入少量盐酸：C0}-+2H+=C02↑+H20C.铜和浓硝酸的反应：Cu+4H++2N0=Cu2++2N02↑+2H20D.用饱和FeC1,溶液制取胶体：Fe3++3H,0△Fe(OH),↓+3H【答案】C【解析】钠投入硫酸铜溶液中先与水反应，无法置换出金属铜，A项错误；在碳酸钠溶液中滴入少量盐酸，离子反应为C0+H+—HC0,,B项错误；铜和浓硝酸反应生成NO2,对应离子方程式为Cu+4H+2NO一Cu2++2NO2↑+2H,0,C项正确；用饱和FeCl,溶液制取胶体，不是生成沉淀，不标沉淀符号，D项错误。7.用NA表示阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是A.72gCa02固体中所含的阴、阳离子总数为3N。B.标准状况下，4.48L的CHCl,中所含的原子数为NC.1 mol Cl2与足量的水反应，所得溶液中Cl、Cl0、HCl0的数目之和为2ND.常温常压下，22gC02与足量Na202反应，转移电子数为0.5N【答案】D【解析】72gCa02即1 mol Ca02固体中所含的阴离子(0；)、阳离子(Ca2+)各1mol,故72gCa02固体中所含的阴、阳离子总数为2NA,A项错误；标准状况下，CHC,为液态，B项错误；Cl,与水的反应为可逆反应，所得溶液中还含有Cl2,故所得溶液中C、CI0、HCI0的数目之和小于2N,C项错误；22gC02为0.5molC02,根据反应可知0.5molC02与Na,02完全反应转移电子的物质的量为0.5mol,故转移电子数为0.5NA,D项正确。8.下列说法正确的是A.可用澄清石灰水鉴别二氧化碳和二氧化硫气体B.根据硫、氯气分别和铁粉的反应，可知非金属性：Cl>SC.将红热的铜丝伸入充满氯气的集气瓶中，看到棕黄色烟雾的D.将0.5L4mol·L1的浓盐酸与足量Mn02反应，可得0.5 mol Cl2.【答案】B【解析】C0,和S0,均可以使澄清石灰水变浑浊，利用澄清石灰水无法鉴别二者，A项错误；氯气与铁N双向达标·化学第10页（共56页）:202

高三一轮复·历史（人民版）·:目的，故C项错误；1956年以前，国家在文化路线上学，中国是世界上第三个掌握载人航天技术的国家，并未出现“左”倾错误，排除D项。“故D项错误。14.D【解析】根据材料“看得见”是指要求人们通过二、非选择题六”肉眼能观看到卫星的运行情况，“听得到”是指人们17.(1)共同之处：重视科学理论研究：重视实验：勇于在地球上能听到卫星发出的《东方红》电子音乐声创新：勤于钻研，艰苦努力；善于学和借鉴。（7:音：依据材料时间“1967年”并结合所学可知，强调分，任答四点即可)“卫星“听得到”“看得见”的主要目的是在当时中苏(2)背景：瓦特发明改良蒸汽机：工业革命的开展；关系恶化、中美关系紧张的国际背景下，让西方人看牛顿经典力学的影响；蒸汽机的不断改进。(6分)到中国独立自主研究出世界上先进的科学技术，从袁隆发明杂交水稻：国家经济出现困难；人民温饱而增强制造卫星的政治影响，说明当时我国在人造问题亟待解决；孟德尔遗传学的传播。(6分)卫星的发射上带有特殊历史时期的烙印，故D项正(3)相似贡献：促进科技进步；推动经济发展；改善确；1967年卫星还没有发射成功，不能说展示了大:人类生活；造福世界。(5分，任答三点即可)国实力，故A项错误；中国的卫星研究并非世界最【解析】(1)共同之处：根据材料一“他通过大量实早，故B项“开创了”说法错误，排除B项；材料不体验以及根据格拉斯哥大学教授布莱克提出的潜热、现卫星服务于军事，排除C项。比热理论进行分析，自筹资金，租了间地下室，买了15.A【解析】根据材料“依靠农业机械、无人机等现必要的设备，反复实验，经历了无数次挫折和失败代装备”“农业科技进步贡献率达到58.3%”“高产及材料二“开始研究孟德尔遗传学”“他从前人的科稳产的高标准农田达到6.4亿亩”可知，科技进步助学积累中得知杂交优势”“他和他的团队通过多年推了农业发展，农业现代化取得了新的进展，故A研究，对先前文献有继承、有突破，长期艰苦努力”等项正确，D项错误；B项“推动良种全覆盖”是对材料信息，从重视科学理论研究；重视实验；敢于创新；勤的片面解读，不符合材料的主旨，排除B项；材料未于钻研，艰苦努力；善于学和借鉴等方面进行概括涉及产业结构调整问题，排除C项。即可。16.B【解析】依据所学知识可知，“天和”核心舱的成(2)瓦特发明改良蒸汽机的背景：根据材料一“工业功发射反映出我国综合国力的提升，故B项正确；中发展对新动力的日益突出的需求，推动了蒸汽机的国打破美苏对空间技术的垄断是1970年第一颗人改进”并结合所学，从工业革命的开展；牛顿经典力造卫星的成功发射，故A项错误；中国至今仍为发学的影响；蒸汽机的不断改进等方面进行概括得出。展中国家，故C项错误；材料没有与世界航天技术的袁隆发明杂交水稻的背景：根据材料二“1960年比较，不反映中国载人航天技术领先世界，依据所他开始研究水稻，1961一1962年在水稻的研究过程·91·

第三步：寻找、整合信息东北部和东南部以“海”命名的道路均距海边较远，说林茂海边大马路和明道路修建之后海岸线均向河边新街距离海边海有大幅度地延伸，但东南较近，说明西北方部街道布局更加规整，规则向和西南方向填海的街区面积更大，说明其海造地面积小，海岸岸线向海推移距离更长，线向海推移距离短A项错误，C项正确。B、D项错误一-特别行政区界主要街道一次要街道0.5km74山丘及高程/m5.C【考查点】本题考查地形对交通线路分布的影响。【解析】骑自行车主要靠人力，地势起伏大的地区比较消耗体力。根据材料“澳门半岛以低矮的丘陵为主”可以判断，澳门老城区道路坡度较大，骑自行车消耗体力大，因此老城区少见自行车，C项正确；自行车具有灵活便捷的特点，城市道路狭窄和曲折并不会影响自行车的骑行，A、B项错误；材料和图形中均未体现出澳门老城区路面凹凸情况，故无法判断，D项错误。6.A【考查点】本题考查地方时的计算。【解析】根据图示信息可知，恩克斯堡岛大致位①求经度差（同减异加）165°-120°=45北京时间是120°E于165°E②求时间差（经度相差15°，时间相差1小时)45°/15°=3小时的地方时恩克斯堡岛正午时，③北京时间根据“东加西减”原则，北京位于恩克斯堡岛的北京时间为2月7日即12时，故该地的地西边，则北京时间为12-3=9时9时，A项正确方时为2月7日12时7.D【考查点】本题考查全球气压带、风带的分布。【解析】红旗飘扬是由于风力的吹动，因此推测红旗常年飘扬的方向需要分析当地的盛行风向。根据图形信息及所学全球气压带、风带的分布知识可知，恩克斯堡岛位于南半球的极地东风带内，受地转偏向力影响，南半球极地东风带内常年盛行东南风，旗帜飘扬的方向与风向相反，所以恩克斯堡岛上红旗常年飘扬的主要方向是西北方向，D项正确。8.B【考查点】本题考查区域地理环境的特点。【解析】恩克斯堡岛所在区域对于极地科考的优势需要根据极地科考的内容及材料中对于恩克斯堡岛的科考定位分析。根据材料“恩克斯堡岛（图3）是考察南极冰盖雪被、陆缘冰及海冰的理想之地”可知，这些地理事物受温度变化影响较大，所以对基地科考来说，恩克斯堡岛所在区域的优势在于该地对全球变暖比较敏感，B项正确；恩克斯堡岛位于南极大陆，气候严寒，多大风，环境恶劣，不适宜动植物生存，生物种类较少，A项错误；恩克斯堡岛附近海域及南极其他地区气候寒冷，不适宜生物生存，人口均较少，人类活动对两地环境的影响都较小，大气质量都较好，因此这两点并不是恩克斯堡岛所在区域的独特优势，C、D项错误。9.B【考查点】本题考查自然地理环境的整体性。【解析】该地区植被覆盖率大幅度提高的效益需根据该地区的区域地理特征及植被的生态效益分析。汾川河流域地处黄土高原，该地区土质疏松，夏季降水集中，水土流失严重。植被覆盖率提高，能减少雨水对土壤的冲刷，减少水土流失，进而降低河水含沙量，B项正确；降水变率指降水年（或季、月）际变化，其大小与该地的气候类型有关，与植被覆盖率关系不大，A项错误；影响降水的主要因素有大气环流、地形、洋流等，提高植被覆盖率能够加强该地植物的蒸腾作用，使空气变得湿润，但对降水量的变化影响较小，C项错误；植被覆盖率提高，植被截留雨水的能力提高，导致雨水下渗量增加，河流径流量会相对减小，D项错误。10.B【考查点】本题考查水循环的过程和主要环节。【解析】根据表格数据可知，第5次降水历时两天，与前4次相比，降水历时并不长，①错误；前4次日均降水量为20~40mm,第5次降水历时两天，降水量为90.7mm,日均降水量约为45mm,降水强度大，②正确；当月该流域降水次数多，降水量较「点拨]降水强度是指单位时间内的降水量，通常取10分钟、1小时或1天为时间单位大，前几次降水导致土壤含水量增加，接近土壤饱和含水量，故第5次降水下渗量减少，降水大多以地表径流的形式汇入河流，形成洪峰，③正确；根据材料可知，这几次降水均发生在7月，正处于夏季，植被枝繁叶茂，短时间内植被覆盖率不会发生较大变化，这几次降水植物截留量变化不大，④错误；综上，B项正确11.D【考查点】本题考查河流的水文特征。【解析】河流形成洪峰冲刷河床和沟谷的泥沙，能够提高河流含沙量。根据上题分析可知，第5次降水强度大，但“洪水含沙量低”，说明河床和沟谷含沙量较小，A、B项错误；裸露坡面植被覆盖率低，降水时易产生水土流失，导致河流含沙量增大，但前5次降水河流含沙量均较小，说明该流域裸露坡面少，C项错误；多次降水形成的坡面径流持续冲刷，破坏了植被覆盖坡面，将植被覆盖坡面植株间的枯枝落叶冲走，部分土壤裸露，之前被植被截留和下渗的水分，也和此次降水汇聚，形成高峰径流，所以造成洪水含沙量极高，D项正确36.【参考答案】(1)①通信和市政基础设施配套较好，有利于数据中心建设和维护；(3分)②接近用户且有人才优势，方便数据母卷·2018年全国Ⅱ卷·地理137

第十五套滚动内容十基因突变及其他变异(B卷)1.A【解析】耐甲氧西林金黄色葡萄球菌这一“超级细菌”的形成表明原有种群的基因频率发生了定向改变，故耐甲氧西林金黄色葡萄球菌种群一定发生了进化，A项正确；抗生素对细菌起到选择作用，不诱发细菌产生基因突变，B项错误；金黄色葡萄球菌种群基因频率的变化与环境的选择作用有关，C项错误；该新型抗生素(Lysocin E)可破坏耐甲氧西林金黄色葡萄球菌细胞膜，而病毒无细胞结构，无细胞膜，故该新型抗生素(Lysocin E)不可用于治疗病毒引发的疾病，D项错误。2.D【解析】在孵化早期，向有尾家鸡雌雄个体相互交配产生的受精卵内注射微量胰岛素，孵化出的小鸡（乙群体）就表现出无尾性状，则无尾性状的产生可能有两个原因：一是胰岛素诱导基因突变（→A),二是胰岛素影响了小鸡的发育进程。要探究小鸡无尾性状产生的原因，可以让乙群体与甲群体(aa)杂交，在孵化早期不向受精卵内注射胰岛素，观察孵化出的小鸡的性状。孵化出的小鸡如果全为有尾鸡，则是胰岛素影响了小鸡的发育进程，即发生了不可遗传的变异；如果还有无尾性状产生，则是胰岛素诱导基因突变。综上所述，D项正确。3.B【解析】基因检测技术可以检测出基因异常引起的疾病，但是无法检测出染色体异常引起的遗传病，A项错误；先天性纯红细胞再生障碍性贫血的症状包括贫血、多系统组织病变，说明基因与性状的关系并不都是一一对应的，B项正确；通常人体内白细胞的调广速度比红细胞的快，这与白细胞的功能有关，C项错误；严重缺铁的人无氧呼吸强度较正常人的大，易出现乳酸中毒，D项错误。4.C【解析】若突变体M催化合成氨基酸甲所需酶的活性丧失，侧突变体M不能通过自身合成氨基酸甲，所以其必须在添加了氨基酸甲的基本培养基上才能生长，A项合理；突变体M和N都是由于基因发生突变而得来的，B项合理；突变体M和N的混合培养，致使两者间发生了DNA的转移，而不是突变体M的RNA的转移，即发生了基因重组，C项不合理；突变体M与突变体N混合培养能得到X是通过细菌间DNA的转移实现的，D项合理。5.B【解析】将小鼠第8号染色体短臂上的一个长约30kb的DNA片段进行敲除，结果发现培育出的小鼠血甘油三酯极高，说明该DNA片段抑制甘油三酯的合成，A项不符合题意；据题意可知，该DNA片段和抑制甘油三酯含量有关，具有遗传效应，B项符合题意；DNA是规则的双螺旋结构，两条单链上的碱基严格按照碱基互补配对原则配对，所以该DNA片段中嘌呤数等于嘧啶数，但是题干信息最能说明的还是该DA片段具有遗传效应，能抑制甘油三酯的合成，C项不符合题意；根据题意不能确定引起动脉硬化的具体原因，也不能确定动脉硬化是由一对等位基因控制的遗传病，动脉硬化可能还受其他因素影响，D项不符合题意。6.A·53·【23·G3AB(新高考)·生物学·参考答案一R一必考一LN】

周测卷十二基因和染色体的关系（第2、3节）1.C【解析】豌豆在自然状态下只能进行自花传粉、闭花受粉，一般都是纯种，用豌豆做人工杂交实验，结果既可靠，又容易分析，A项正确；果蝇是昆虫纲双翅目的一种小型蝇类，作为遗传学研究的实验材料，有易饲养、繁殖快等优点，B项正确；题述遗传学材料中，细胞核基因控制的性状的遗传遵循孟德尔遗传规律，但细胞质基因控制的性状的遗传不遵循孟德尔遗传规律，C项错误；玉米属于单性花植物，便于去雄操作，且在自然条件下能够完成自交，籽粒数多便于统计分析，D项正确。2.D【解析】性染色体上的基因会随着性染色体的遗传而遗传，A项正确；减数分裂结束，彼此分离的等位基因或同源染色体分别进入不同的配子，B项正确；受精卵是雌雄配子随机结合产生的，其中成对的等位基因或同源染色体一半来自母方，另一半来自父方，C项正确；非同源染色体上的非等位基因自由组合发生在减数分裂过程中，不发生在形成合子的时候，D项错误。3.D【解析】设控制果蝇红眼、白眼的基因为A、,杂合红眼雌果蝇(XAX)X红眼雄果蝇(XAY),得到红眼雌果蝇(XAX、XXa)、红眼雄果蝇(XAY)、白眼雄果蝇(XY),雌雄果蝇中都有红眼，无法通过眼色判断红眼果蝇的性别，A项错误；白眼雌果蝇(XX)×白眼雄果蝇(XaY),得到白眼雌果蝇(XX)、白眼雄果蝇(XY),雌雄果蝇均表现为白眼，无法通过眼色判断性别，B项错误；杂合红眼雌果蝇(XAXa)×白眼雄果蝇(XaY),得到红眼雌果蝇(XAXa)、白眼雌果蝇(XX)、红眼雄果蝇(XAY)、白眼雄果蝇(XaY),无法通过眼色判断性别，C项错误；白眼雌果蝇(XaX)X红眼雄果蝇(XAY),得到红眼雌果蝇(XAX)、白眼雄果蝇(XaY),雌果蝇表现为红眼，雄果蝇表现为白眼，能通过眼色判断性别，D项正确。4.B【解析】表型正常的夫妻，妻子可能是红绿色盲基因的携带者，则可生下色盲的男孩，A项正确；表型正常的夫妻，丈夫不可能携带红绿色盲基因，故不可能生下色盲的女孩，B项不正确；表型正常的男孩的X染色体来自其母亲，故可能有色盲父亲，C项正确；表型正常的女孩的2条X染色体来自其父亲和母亲，若其母亲提供的是含正常基因的X染色体，则其父亲可能为色盲，D项正确。5.A【解析】由1：1：6为(1：1)(1：1)(1：1)=1：1：1：1：1：1：1：1的变形比，可推出这三对等位基因的遗传遵循自由组合定律，位于三对同源染色体上。雌雄同体植物无性染色体。综上分析，A项符合题意。6.B【解析】结合题图分析可知，Ⅱ1的基因型是XaY,A项正确；I1是女性携带者，基因型为XAX,若致病基因来自其父亲，则其父亲的基因型为XaY,由题干可知，基因型为XaY的人为不育的女性化患者，因此，其致病基因只可能来自母亲，B项错误；Ⅱ2的基因型是XAX,与正·42【23·G3ZCJ(新高考)·生物学·参考答案一R一必考一TJ】

rNAg·nol-.N2O2,含有Na+、(O号，既含有离子键又含有共价键，且阴阳离子个数7.B【解析】面心立方最密堆积配位数为12，A项错误；该晶胞中最近之比为1：2，故D项错误。的相邻两个CO2分子间距为apm,则晶胞棱长=√2apm=√2a×3.ID【解析】A是实验式为CoC3·4NH3的物质，1mol八巾加入足量10-10cm,晶胞体积=（√2a×10-1ocm)3,该晶胞中二氧化碳分子个的AgNO3溶液能生成1mol白色沉淀，说明A中含有1个C-,以强碱AAXA处理并没有H放出，说明不存在游离的氨分子，则该物质的配位化学式数=8×日+6X号=4，晶胞密度p-2aX10-0g·mNA为[Co(NH3)4C2]CI,据此答题。山分析可知，CI-与NH3分子均与C。31形成配位键，故A项错误；配合物中中心原子的电荷数为3，配位NA(2√2X100g·m3,B项正确.C项错误；二氧化碳分子是44×4数为6，故B项错误；该配合物应是八面体结构，C0与6个配体成键，故C项错误；由分析可知，此配合物可写成[Co(NH3)4C2]Cl,故D项直线形分子，C原子价层电子对数是2，根据价层电子对互斥理论判断正确。C原子杂化类型为sp,D项错误。4.D【解析】气相水分子、“准液体”水分子和固态水分子为H2)的不同8.B【解析SiO2是一种空问网状结构的共价晶休，共价键结合较为牢存在形式，为同一种物质，故A项错误；水分子之问存在范德华力和氢键，不存在化学键，故B项错误；氢键决定水的熔、沸点，水分子的稳定固，SA与Si在x轴方向上的距离为7d,在y轴方向上的距离为性与氢键无关，水分子稳定是因为分子内O一H键的键能较大，故C项错误；受到能量激发时，“准液体”水分子与下层固态水分子连接的氢键21.所以s与s之间的距离为V(召d)+(g)-号。d。断裂，产生“流动性的水分子”，使冰面变滑，故D项正确。9.(1)CgN4(2)共价晶体共价键5.D【解析】Fe的核外电子排布式为[Ar]34s2,Fe变成Fe2+时首先失去(3)①②④⑤4s轨道电子，A项错误；AsO一的中心原子的价电子对数为3日【解析】(1)因为N元素的非金属性比C元素的强，所以在氮化碳中碳5十3.3X2-4,含有一对孤电子对，则其立体构型为三角锥形，B项错元素显正价，氮元素显负价，氮元素的最低价态为一3，碳元素的最高正价为十4，所以氮化碳的化学式为C3N。(2)因为氮化碳的硬度极大，误：F原子的最外层有9个电子，则基态F原子的核外电子有9种运动所以它属于共价品体，品体中存在的作用力是共价键。(3)C3N1为共状态，D项正确。6.1D价品体，其性质为硬度大、熔点高，又因它是由原子以共价键形成的品【解析】从Ne开始元素原子的第二电子层轨道表示式均为体，所以不存在单个分子，且为空间网状结构创！，故只知道第二电子层轨道表示式无法确定元素的位10.1)X-射线衍射实验(2t2ss2p置，A项不符合题意；某元素在某种化合物中的化合价为十4，无法确定(3)V形H2)(4)sp3AB其位置，如C()2中C为十4价，C位于周期表第二周期VA族，N2)4中(5)155327(6)①3d0ds面心立方最密堆积②CuF为离子N为十4价，N位于周期表第二周期VA族，B项不符合题意；某元素的383X1×10原子最外层上电子数为6，无法确定其周期，如O位于第二周期TA晶体，CuC1为分子晶体③√.1NA族，S位于第三周期MA族，即MA族元素的原子最外层电子数均为6，【解析】(1)从外观上无法区分晶休、准晶体和非晶体，但用X光照射C项不符合题意；原子价电子排布式为5s25p的元素位于第五周期Ⅲ会发现，品体对X一射线发生衍射，非品体不发生衍射，准品体介于A族，能确定其位置，D项符合题意。者之间，因此通过X一射线衍射实验可区分品体、准晶体和非晶体7.C【解析】水分子中氧原子的电负性较大，水分子之间主要形成氢键，(2)F的原子序数为9，核外电子排布式为1s22s22p,价电子排布式为“水分子桥”中S)-中的氧原子和水分子中的氢原子、0)2中的氧原子和水分子中的氢原子之间，主要靠氢键连接，故A项正确：过程①表2s22p,因此基态F原子的价电子轨道表示式为2S2p示S)⅓-转化为SOs,硫元素的化合价从+4转化为十5，过程②表示(3)[HF门+的中心原子的价层电子对数为2+7=1,1X2=4,含有SO3转化为HSO,,硫元素的化合价从十5升高到+6，硫元素的化合价都升高，均被氧化，做B项正确：根据图中的转化关系，○2转化为两对孤电子对，所以空间构型为V形；原子总数相同，价电子总数相HO2,氮元素的化合价从+4降低到+3，氮元素的化合价降低，被还同的分子或离子，结构相似，所以与[HF]+具有相同空问构型且中原，作氧化剂，故C项错误；根据图示过程，S与水分子转化为心原子与F原子同周期的分子是H2O。(4)NH4中心原子的价层电HS):的过程，有水分子中氢氧键的断裂，N)2与水分子转化为子对数为4，所以为sp杂化；NHF巾氟离子和铵根离子之问为离子HO2的过程中有氢氧键的形成，故D项正确。键，铵根离子内部的共价键和配位键均为σ键，所以选A、B两项。8.D【解析】NII2中心原子N原子采用sp杂化，但N原子有两对价电(5)由图像可知，3molF2(g)形成F(g)断裂3molF一F键，吸收子未参与成键，所以分子的立体构型为V形，A项错误；SO2中S原子465kJ能量，则F一F键的键能为155kJ·mol-1;由图可知1molS(g)和的价层电子对数=。键数+孤电子对数=2+7×(6一2×2)=3，孤电6molF(g)形成1 mol SF6(g),会形成6 mol SF键，放出1962kJ能量，则S一F键的键能为327kJ·mol-1。(6)①Cu元素为29号元素，子对数为1，杂化轨道数为3，采取sp2杂化，结构为V形，B项错误；基态Cu原子的核外电子排布式为1s22s22p3s23p3d4s,失去最外层C0}中C原子的价层电子对数=3+7×(4+2-3×2)=3，孤电子个电子形成Cu+,所以Cu+的基态价电子排布式为3d0:铜元素位于第四周期第IB族，所以属于ds区。②CuC1的熔点为426℃，熔化对数为0，杂化轨道数为3，采取sp2杂化，分子结构为面三角形，C项后呈液态时几乎不导电，应为分子品体，而CuF为离子品体，一般离错误；碘三正离子(I)中I原子的价层电子对数一。键数十孤电子对子晶体的熔、沸点比分子晶体高，所以CuF的熔点比CuCI高。③根数=2+×(7-1一2×1)=4，孤电子对数为2，杂化轨道数为4，采据均摊法，晶胞内部黑球个数为4，白球个数也为4，即晶胞中有4个取sp杂化，结构为V形，D项正确。C+和4个F,所以晶胞的质量为2=(64+19)X4Na,品胞体积V=9.B【解析】基态原子的N层上只有一个电子的元素，可能为K、C或83×4Cu,K为主族元素，Cr、Cu为副族元素，故A项错误；副族元素的d能g。,品体的密度p一侣=灯=7.1g·cm3,可解得a=√.1NA/83×4级电子数为10或1~5，原子的价电子排布式为(n一1)d8s2的元素为Ⅷ族元素，故B项正确；基态原子p能级上全充满的元素，电子最后×107nm。填充的能级无法确定，故C项错误：ⅢB~ⅦB及Ⅷ族元素，其族序数为单元检测11物质结构与性质外围电子中d、s能级含有的电子数月之和，族序数一定为x十y,但IB1.B【解析】同主族元素从上到下，电负性逐惭减小，则N、P、As的电负族、ⅡB族元素，族序数等于外围电子排布中s能级中的电子数y,故D项错误。性随原子序数的增大而减小，故A项错误：价电子排布式为4s24p3的10.C【解析】A项，该物质存在σ键；B项，根据结构，该物质的分子中含元素有4个电子层，最外层电子数为5，位于第四周期VA族，最后填充p轨道，是p区元素，故B项正确；p轨道均为哑铃形，离原子核越有氢键、共价键、配位键三种作用力；C项，ⅱ原子具有空轨道，是共远，能量越高，2p轨道的能量低于3p轨道，故C项错误；利用“洪特规用心了对的接受者，是配合物的中心原了；D项，C原了最外层的4个电子全部形成化学键，没有孤电子对。则”可知最外层电子排行图应为1十，故D项错误。2p11.D【解析】根据均摊法计算A含有1十4X8=1.5个亚铁离子、4个2.D【解析X、W分别是H、N,属于同主族元素，故A项正确；电子层数越多，半径越大，电子层数相同，原子序数越大，半径越小，原子半径氧离子，A项正确；根据均摊法计算B含有4×-=0.5个亚铁离子、Na>C≥O>H,做B项正确；1L0.1mol·L1碳酸钠溶液巾含有溶质4个氧离子、4个铁离子，B项正确；F2+处于晶胞的顶点、面心以及A碳酸钠0.1ol,由于碳酸根离子部分水解，导致溶液中阴离子数目增位置小立方体的体心，O一位于A、B小立方体的内部，每个小立方体大，则溶液中含有的阴离子的物质的量大于0.1mol,故C项正确；A是内部各有4个，Fe3处于晶胞B位置小立方体内部，晶胞中Fe2t数目23XKA(新)·化学一B版一XJC·73·

力强，穿透能力比较弱，不能够透过铝板，B项错误；氡R发生的衰变为α衰变，衰变一次会减少2个中子和2个质子，C项正确；半衰期是一个统计规律，只针对大量原子核成立，对于具体少量个数的原子核不适用，D项错误。8.AB【解析】图甲为卢瑟福通过α粒子散射实验提出原子的核式结构模型，A项正确；图乙为工业上利用放射性同位素射线的穿透能力来控制金属板或塑料板的厚度，B项正确；图丙中镉棒的作用是吸收中子，控制反应速度，调节反应速度的快慢，C项错误；由图丁可知，对于质量数大于60的原子核，质量数越大，比结合能越小，原子越不稳定，D项错误。9.AC【解析】由质量数与电荷数守恒，可知X为电子，则氚发生阝衰变，氚核发生3衰变时所释放的电子是原子核内的一个中子转变为一个质子的同时生成的一个电子，A项正确；氚(H)与氕(H)、氘(H)这两种同位素具有相同质子数，因为质量数不同，所以中子数不同，B项错误；由于衰变过程会释放核能，根据爱因斯坦质能方程可知，必定存在质量亏损，即H核的质量大于H核与X的质量之和，C项正确；经过25年，剩余的氚(H)变为原来的四分之一，D项错误。10.BC【解析】由图可知，用三种单色光分别照射光电管时对应的遏止电压的大小关系为U>U6一U.,根据Ek=U=hy一W。可知，a>6>y.,A项错误、B项正确；因为c光的饱和光电流最大，所以单位时间内，用c光照射光电管时逸出的光电子数目较多，C项正确；光的频率最大，根据E=y可知，a光对应的能级差最大，D项错误。11.(1)低于(2分)(2)垂直纸面向里(2分)8品(2分)【解析】(1)由于阴极射线带负电，向下偏转，故电场力方向向下，电场强度方向向上，则极板C的电势低于极板D的电势。(2)由于阴极射线带负电，向下偏转，则洛伦兹力方向向下，由左手定则可知，磁感应强度的方向垂直纸面向里。(③》出于射线射到O点，可知射线做匀速直线运动，电场力与洛伦兹力荷，有B空，解符希12.(1)小于(3分)(2)e(U-a)avoa-U。(每空3分)【解析】(1)断开开关S,用单色光1照射光电管的阴极K,电流表始终没有示数，表明没有发生光电效应，则产生操作①中现象的原因是单色光1的频率小于光电管阴极K的截止·86·【23·G3DY(新高考)·物理·参考答案一R一必考一CQ】

周测卷二氧化还原反应1.D【解题分析】“曾青得铁则化为铜”表示的是CuSO4溶液中加入Fe,发生金属之间的置换反应生成Cu和FeSO4,反应的离子方程式为Fe十Cu+-Cu十Fe+,D项符合题意。2.D【解题分析Cu2(OH)2CO3含有铜离子、氢氧根离子和碳酸根离子，能够与盐酸反应放出二氧化碳，A项错误；该反应中碳元素的化合价没有发生变化，铜元素的化合价由0升高到+2，氧气中氧元素的化合价由0降低到一2，O2被还原，属于氧化还原反应，B、C两项均错误，D项正确。3.C【解题分析】反应①Cr2O3与KOH反应生成KCrO2和H2O,因此Cr2O3有酸性氧化物的性质，A项正确；KCrO2与H2O2反应生成K2CO1,Cr的化合价升高，失去电子被氧化，H2O2得到电子被还原为H2O,B项正确；反应①中元素化合价不变，因此反应①不属于氧化还原反应，C项错误；酸性K2Cr2O,溶液具有强氧化性，能将乙醇氧化为乙酸，K2Cr2O,被还原生成绿色的Cr3+,可根据溶液颜色变化来判断司机是否酒后驾驶，D项正确。4.D【解题分析】根据化学方程式可知，氧化铁元素、氮元素的硫酸根离子的物质的量之比为1：3，D项正确。5.D【解题分析】结合电子守恒和元素守恒配化学方程式：3C十2K2Cr2O2十8H2S)=3CO2N十2K2SO4十2Cr2(SO4)3十8H2O,D项正确。6.C【解题分析】aBi)3在空气中会逐渐分解，得到Bi2Os,其中Bi显十3价比较稳定，A项正确；NaBiO3为姜黄色固体，可用BiO3检验溶液中是否有Na,B项正确；根据上述反应可知，NaBiO3作氧化剂，KMnO4为氧化产物，因此氧化性：NaBiO3>KMnO4,但根据反应产物来看，硝酸未参与氧化还原反应，所以不能确定硝酸的氧化性强弱，C项错误；根据浓盐酸与二氧化锰反应，可知还原性：C1>Mn+,所以CI能被NaBiO3氧化生成Cl2,D项正确。7.D·5【23·G3ZCJ(新高考)·化学·参考答案一R一必考一QGB一Y】

100所名校高考模拟金典卷·历史（十】23新高考·JD·历史-FJ100所名校高考模拟金典卷·历史（十23新高考·JD·历史-FJ答案A5.【拔高题】明末浙江《嘉善县志》记载：“地产木棉花甚少，而纺之解题分析根据材料信息可知，李觏、苏洵、王安石的言论均为纱，织之为布者，家户为恒业，不止乡落，虽城中亦然。往往强调了“利”对“礼义”的重要影响，体现了他们对正当逐利行为的商贾从旁郡贩绵（棉）花列肆吾土，小民以纺织所成，或纱或布，肯定，这主要源于宋代商品经济的发展，A项正确。理学和传统儒侵（接近）晨入市，易绵（棉）花以归，仍治而纺织之。”这表明，明学均强调重义轻利，与材料主旨不符，B、D两项错误：宋代时，士、末江南农、工、商的“四民”结构未发生变化，C项错误。A.生产方式发生根本变革B.重农抑商政策渐趋瓦解C.工商业者社会地位提高D.自然经济受到一定冲击100所名校高考模拟金典卷·历史（十）23新高考·JD·历史-FJ100所名校高考模拟金典卷·历史（十）23新高考·JD·历史-FJ4.元代行省重大事务的议事程序如下：其一，长官拟定所议之事；答案D其二，官员同堂议论；其三，长官综合所议作出裁决；其四，所有解题分析根据材料信息可知，明末浙江嘉善地区棉花加工议事官员联名签字画押。这一做法及其贩运繁荣，商品经济水较高，对自给自足的自然经济造成了A.便于实现对朝政的控制一定冲击，D项正确。嘉善县的棉纺织业仍采用传统小生产方式，B.对行省长官的权力有所制约A项错误；材料信息没有显示明政府对江南工商业活动的政策态C.杜绝了官僚之间的内斗度，B项错误；当时工商业者虽然经济实力有所增强，但社会地位依D.使行省议事的效率大幅提高然低下，C项错误。100所名校高考模拟金典卷·历史（十）23新高考·JD·历史-FJ100所名校高考模拟金典卷·历史（十）23新高考·JD·历史-FJ答案B6.1866年，英驻华使馆参赞威妥玛向清廷提交条陈，提出“代谋变解题分析根据材料信息可知，元代行省的重大事务须由行通之法”，要求清廷次第举办“如水陆舟车，工织器具，寄信电机省长官与其他官员同堂议论，并且还领所有议事官员联名签字画银钱式样，洋火兵法等”。他强调，中外既结为一体，“盖其内政押，这一做法体现了对行省长官权力的制约，B项正确。材料中的外交两节，今已互结，不能分论”。由此可见，当时的“变通”运动做法对行省长官的权力有所制约，但谈不上实现对朝政的控制，排A.开启了工业近代化历程除A项；“杜绝了”的说法过于绝对，排除C项；材料中的做法主要B.摆脱了“中体西用”思想束缚是对行省长官的权力进行制约，不能体现行政效率的提高，排除DC.蕴含着半殖民地化色彩项。D.改善了清政府的国际环境23新教材·D·历史-F刊

解，C项错误：D项正确。11.DM可以发生加聚反应，N可以发生缩聚反应，A项正确；M具有抗氧化性，即易被氧化，根据官能团性质可知，最可能的22是碳碳双键易被氧化，B项正确：该反应为碳碳双键与氨气之间的加成反应，由于双键两端的碳原子位置不同，因此与氨气加成会有两种产物，C项正确；M中所有碳原子可能共面，D项错误。12.C反应过程中既有极性键的断裂和结合，也有非极性键的断裂和结合，A项正确：催化剂可降低反应的活化能，B项正确；第ⅰ步反应慢，活化能大，C项错误；若该技术工业化，可将温室气体CO转化为所需物质，D项正确。13.D四种元素都是短周期元素，W原子序数最大，根据结构，W带有1个单位正电荷，即W为N,X有一个共价键，达到稳定结构，即X为H,同理Z为O,Y为B或C。Y最高氧化物对应水化物是碳酸或硼酸，均为弱酸，A项正确；H和O形成化合物是H2O和HO2,其中H2O2具有强氧化性，B项正确；形成的化合物是Na2O和N2O2,过氧化钠是由Na和O号含有离子键和非极性共价键，C项正确；三种元素的原子半径大小顺序是B(C)>O>H,D项错误。14.B当pH=1.5时，由曲线知，A项正确：由电荷守恒：c(Na+)十c(H+)=c(H2PO)+2c(HPO)+3c(PO)十c(OH-),根据c(Na)=1.00mol·L-1,c(H3PO,)+c(H2PO,)+c(HPO)+c(PO)=1.00mol·L-1,则c(HPO)+c(H+)=c(HPO)+2c(PO)+c(OH-),B项错误；c(Na+)+c(H+)=c(H2PO4)+2c(HPO)【高三12月质量检测巩固卷·化学参考答案第1页（共2页）】3c(PO-)十c(OH),当pH=7.2时，c(H2PO)=c(HPO),故c(Na+)+c(H+)=3c(H2PO,)+3c(PO月)+c(OH-),又因3.0mol·L-1=3c(H3PO)+3c(HPO)+3c(HPO)+3c(PO月)，c(H+)3.0mol·L-1-3[c(HPO)十c(HPO,)],C项正确；由电荷守恒，c(Na+)+c(H+)=c(H2PO,)+2c(HPO)+3c(PO)+c(OH-).pH=7.0 .c(Na+)=c(H2 POr )+2c(HPO)+3c(PO).c(H2 PO )>c(HPO).c(Na)>3c(HPO-),D项正确。15.(1)Ag++SCN-agsCN↓(1分)(2)1.0×10(2分)(3)大于(1分)(4)2,4,2,1(2分)(5)①6FeSO4+3(SCN)2-—2Fe2(SO,)3+2Fe(SCN)3(2分)；(SCN)2(1分)②<(1分)16.(1)5Ni+12H++2NO5Ni++N2个+6H2O(2分)(2)将Fe2+氧化成Fe3+;铁氰化钾（各1分）(3)HS+Cu+CuS￥+2H+(2分)；不易挥发污染性气体H2S(1分)(4)过量的F-在酸性条件下会腐蚀陶瓷容器(1分)(5)NiOOH+HO+e—Ni(OH)2+OH(2分(6)NaFea (SO)2 (OH)(2)17.a)205十5H,十2H催化MN,+6H,0,C0,溶于溶液中，可维持plH=4.0~6.0(2)①子(2a+c-13b)②温度高，反应速率快；生成的Fe(CO)5分解产生的纳米铁催化CO(g)分解生成C和CO2(3)溶液中溶解O2,导致铁表面生成F(OH)3层，阻碍了脱氮反应的进行（或其他合理答案）（每空2分）18.(1)分液漏斗；导气兼衡压强，使液体顺利流下（各1分）(2)2MnO,+10CI+16H+—2Mn2++5Cl2↑+8H2O(2分)(3)与生成的NaOH反应生成NaClO继续参与反应，使反应衡向正反应方向移动，提高原料氰尿酸的利用率(2分)(4)在装置AB之间加装盛有饱和食盐水的洗气瓶(1分)(5)沉出二氯异氰酸钠，防止其水解(1分)(6)真空干燥(1分)(7)91.7(2分)19.(1)①-226(2分)②增大(1分)③=(1分)(2)催化剂活性降低（或催化剂的选择性下降等）(2分)(3)①<(1分)②升高温度，气体分子间距离增大，且衡向逆反应方向移动，气体分子数增大(2分)③4(2分)(4)C0+30H--2eHC05+HO(2分)【高三12月质量检测巩固卷·化学参考答案第2页（共2页）】

复原来的颜色，C项正确；二氧化硫与氯化钡不能发生反应，D项错误。11.答案CD命题透析本题以有机物结构简式为情境，考查有机物组成、结构与性质等知识，意在考查判断能力，宏观辨识与微观探析的核心素养。思路点拨碳碳双键连接了四个不同的原子或基团，故该物质存在顺反异构体，A项正确；该物质含有碳碳双键，可以发生加聚反应，B项正确；该物质中含羧基、碳碳双键、碳氯键3种官能团，C项错误；1ol该物质最多与5 mol NaOH反应，D项错误。12.答案B命题透析本题以冠醚与超分子为素材，考查物质结构知识，意在考查观察、判断能力，宏观辨识与微观探析的核心素养。思路点拨X是醚类物质，熔点、沸点较低，可形成分子晶体，A项正确；L+与氧原子形成的是+提供空轨道、氧原子提供孤电子对的配位键，B项错误；K+半径比+大许多，其体积比X的空腔大，无法进入空腔内，C项正确；电负性：0>C>i,D项正确。13.答案B命题透析本题以实验操作、现象和结论为素材，考查化学实验评价知识，意在考查推断与辨析的能力，变化观念与衡思想、科学探究与创新意识的核心素养。思路点拨氯水中有HCI0和HCl,与NaHC03反应产生气体，不能推出HCl0与H,CO3的酸性强弱，A项错误；淀粉KI溶液变蓝说明生成L2,I被氧化，说明Fe3+具有氧化性，B项正确；先加入NaCl溶液，AgNO,溶液没有被完全消耗掉，KI溶液与AgNO,溶液直接反应生成黄色沉淀Ag,不能说明其沉淀物K的大小，C项错误；原溶液可以是氨水（碱性）、NH4Ac溶液（中性）、NH4Cl溶液（酸性）等，D项错误。14.答案AB命题透析本题以H2X与NaOH的反应为情境，考查电解质溶液知识，意在考查分析判断、观察能力，变化观念与衡思想的核心素养。思路点拨由a点数据及滴定曲线知，a点时溶液中c(H+)=1×l0-1.5mol·L-1,且c(H+)≈c(HX),c(H2X)≈2mol·L1,由此可求出K1(H2X)≈5×104，A项正确；b点时H2X恰好转化为NaHX,由质子守恒原理知，c(OH-)+c(X2-)=c(H+)+c(H2X),B项正确；在Na2X溶液中，n(Na)=2[n(H2X)+n(HX-)+n(X2-)],此时溶液显碱性，故当溶液的pH=7时，表明NaOH量不足，n(Na+)<2[n(H2X)+n(HX-)+n(X2-)],C项错误；d点时，H2X恰好转化为Na2X,由X2-+H20HX+OH、HX+H,0一H2X+OH知，溶液中c(OH-)>c(HX),D项错误。15.答案（1)能使固体原料与气体原料逆向流通，充分接触，从而提高原料利用率（合理即可，2分）(2)3:2(2分)C02(1分)(3)5.2(1分)Mn2++Cl0+H20—Mn02↓+Cl-+2H+或Mn2++3Cl0+H20=Mn02↓+Cl-+2HCI0(2分)(4)2A1+C,0,高温2Cr+AL,0,(2分)—3

1、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新高考)·化学-SJB-必考-FJ]三试题

C.向碳酸氢钙溶液中加入盐酸D.将C2通入氢氧化钠溶液中制漂白液8.下列由实验操作和现象，得到的结论错误的是选项实验操作现象结论将C2通入盛有石蕊试液的烧氯气与水反应产生了盐A溶液先变红后褪色杯中酸和

2、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新高考)·化学-LKB-必考-FJ]五试题

19.(15分)亚神酸H3As0,)可用于治疗白血病，亚砷酸在溶液中存在多种微粒形态，各种徽粒的物质的量分数与溶液pH的关系如图所示。1.0As033-H:AsO30.80.60.4H2AsO30.2

3、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新教材老高考)·化学-SJB-必考-FJ]五试题

酸)为强酸，C项正确；H与C、O均可形成多种化合物，与C1只能形成HC1,D项不正确。12.C【解题分析】X、Y、Z、Q、W为1~20号元素且原子序数依次增大，Z与Q同主族，由结构可知，Z、Q的最外层

4、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·生物[24·G3AB(新教材老高考)·生物-R-必考-FJ]六试题

22B【解析]由于翻胞中含有16条具有姐妹染色单体的来色体，故接细胞既可能处于有丝分裂前期和中期，也可能处于成数分象第一次分聚裂时期，但都存在8对同源荣色体，A错误，B正确；该细胞的细胞核中含有32条

5、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY·化学-LKB-必考-FJ]二试题

CHCH(CH)CH COOH、CHC(CH3)2COOH,C项正确。10.C解析：p、q、r的分子结构中均含有碳碳双键，均可发生加聚反应，A项错误；p的分子结构中存在一个甲基，所以p分子中所有原子一

项A正确。18.【答案】C【解析】设小球的质量为M,小球从O点运动到P点的过程中，根据能量守恒定律可得：Mgam=2mg(√OP十（合AB)-立A),解得：M=m选项A储误：由于小球在P点所受合外力不为零，因此小球最终不能静止在P点，选项B错误；小球下落到距O点0.3时，细线与竖直方向之间的夹角为45°，设小球的速度大小为，小球的动能与两物块动能之和的比为：}Mw:[2X?m(号)]-1：1，选项C正确；小球下落过程中诚少的重力势能始终等十两2物块增加的机械能和小球增加的动能之和，选项D错误。19.【答案】BD【解析】在撤去力F前，设弹簧弹力大小为F,对小球b根据牛顿第二定律可得：F一mg=0.5g,解獬得：F。=1.5g,选项A错误；撤去力F瞬间，弹簧弹力不会发生突变，对小球a根据牛顿第二定律可得：F。十mg=ma,解得：a=2.5g,选项B正确；撤去力F到弹簧第一次恢复原长的过程中，b的加速度先减小后增大，选项C错误；撤去力F到弹簧第一次恢复原长的过程中，b先向上做加速度减小的加速运动，再向上做加速度增大的减速运动，因此b的速度先增大后减小，选项D正确。20.【答案】AD【解析】设正四面体的边长为α，根据矢量合成的行四边形定则可得A点处的电场强度大小为：E-:,P点处的电场强度大小为：-警，因此A点和P点处的电场强度大小之比为1：8,选项A正确，选项B错误；AC为电场中的一条等势线，因此电子沿直线从A点运动到C点的过程中，电势能保持不变，选项C错误；ACP为电场中的一个等势面，电子沿直线从A点运动到C点的过程中，受到的电场力方向保持不变，选项D正确。21.【答案】BC【解析】由题图可知，两列波的周期均为：T=4s,由于两列波的波速均为：v=0.5/s,所以两列波的波长均为：入=2m,两列波传播到P点的路程差为：λ=2m,由于两列波的起振方向相反，因此两列波在P点引起的振动总是相互减弱，选项A错误；=20s时，两列波在P点相遇发生叠加，质点P向之轴负方向运动，t=21.5s时，P质点向衡位置运动，选项B正确；两列波传播到Q点的路程差为：入=0，因此两列波在Q点引起的振动总是相互减弱，所以Q点的振幅为4cm,t=10s时，两列波同时传播到Q点，Q点开始振动，因此0~14s内，质点Q经过的路程为4个振幅，即16cm,选项C正确；t=16s时，质点P开始振动，此时质点Q已经开始振动了1)T,此时质点Q恰好处于衡位置，加速度为零，选项D错误。三、非选择题：共174分。22.【答案】(1)C哈(3)偏大【解析】(1)要准确画出折射光线，必须保证P4挡住P3的同时，还要挡住P和P2的像，选项C正确，选项A、B错误。理科综合（四）参考答案及评分标准·第4页（共9页）

1、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新高考)·化学-SJB-必考-GX]二试题

14.40℃时，在氨一水体系中不断通入C02,各种离子的变化趋势如下图所示。下列说法正已知：Ps0(酸性磷酸酯)可作萃取剂分离锌、锰离子，它是一种不浴于水的淡黄色透明油状确的是液体，属于酸性萃取剂。请

2、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新高考)·化学-SJB-必考-HUB]七试题

说明Fe3+已被完全还原，反之，则没有(2分)(3)①将饱和NH4HCO,溶液加入滤液Ⅱ中，边加边搅拌(2分)②C02(2分)(4)Fe3+是H2O2分解的催化剂，会消耗大量的H2O2,导致生产成本过

3、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新教材老高考)·化学-SJB-必考-QG]二试题

和CuO均会与足量稀硝酸反应而溶解，B项错误；MO2与稀盐酸微热不溶解也不反应，C项错误；CuO、Cu2S均会与足量稀硝酸反应而溶解，D项错误。10.D【解题分析】苯与溴水发生萃取，苯分子结构中没有碳

4、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新教材老高考)·化学-SJB-必考-GX]六试题

(2)每有1 mol SO2参加反应，理论上可生成ClO2的物质的量为mol。(3)如果将SO2换为Na2SO3和稀H2SO4,则“反应1”的离子方程式是(4)请写出“反应2”发生反应的化学方程式并用

5、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新教材老高考)·化学-SJB-必考-HEB]六试题

8.CD【解题分析】A项，X、Y、乙中均含有碳碳双键，均可发生加聚反应，正确；B项，由官能团的转化，可知1,3一丁二烯与丙烯酸乙酯发生加成反应生成X,X发生还原反应生成Y,Y发生取代反应生成Z,正确；

1、山东省威海市2022-2023高二下学期期末考试历史试卷+答案

沙市中学2022—2023学年度上学期2020级高三第二次历史试卷一、选择题（每题3分，共16题48分）1.2021年“考古中国”重大项日工作进展会在成都召开，通报了四川广汉三星堆遗址重要考古发现与研

2、海南省白沙黎族自治县白沙中学2022-2023高二下学期期末考试历史试题（含解析）考试试卷

第十八套交通与社会变迁医疗与公共卫生1.B由材料中“中国传统建筑讲究负阴抱阳，依山就势”及图片中两种古村落的形式等信息可知，地理环境影响了村落的形式，故B项正确；A、C、D三项均对材料信息理解错误，应

3、2022-2023学年河北省石家庄市辛集市高二（下）期末生物试卷

机密★考试结束前温州市普通高中2023届高三第一次适应性考试生物试题卷2022.11考生须知：1.本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分100分，考试时间90分钟。2.考生答题前，务必将自已的

4、智慧上进 江西省2023-2024学年高二上学期期中调研测试生物试卷答案

1、智慧上进·2024届高三总复双向达标月考调研卷 生物(II卷)(一)1试题

24,我国古代传统文化蕴含着丰富的生物崔知识，下列叙述错误的是)“关关雎鸠，在河之洲”体现了

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湖北省高中名校联盟2023届高三第二次联合测评1/8物理试题参考答案及评分细则评分说明：1.考生如按其他方法或步骤解答，正确的，同样给分：有错的，根据错误的性质，参照评分参考中相应的规定评分。2.计算

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示18.(本小题满分12分)已知集合A={xx≤-2或x≥5}，B={xm+1≤x≤2m一1}：(1)求CRA(2)若(CRA)UB=CRA,求实数m的取值范围.（结果用集合表示）19.(本小题满分1

2、2024届河北高三省级联测考试化学答案

第十七套滚动内容十化学反应速率与化学衡(B卷)1.B【解题分析】根据HIn(aq)(红色)一H+(aq)十In(aq)(黄色)可以看出使衡正向移动可以显示黄色，加入Na2CO3溶液消耗氢离子可以使

3、2024届河北高三省级联测考试政治答案

秘密★启用前2022年重庆一中高2023届9月月考政治试题卷注意事项」1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号码填写在答题卡上2作答时，务必将答案写在答题卡上。写在本试卷及草稿纸上无效。3考试结束后

4、2024届河北高三省级联测考试物理答案

南京市2022-2023学年第一学期期初六校联合调研考试高二物理试卷一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分，每题只有一个选项符合题意：1.关于冲量，下列说法中正确的是()A.作用在物体上的力越大

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10.己知向

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杂化方式有sp、sp3两种，B错误；醇羟基不能与NaOH溶液反应，则1molM与足量NaOH溶液反应，最多消耗2 mol NaOH,C正确；以苯环为母体，直接连在苯环上的碳原子与苯环共面，即分子中至

4、[国考1号15]第15套 高中2023届高考适应性考试理科数学答案

20.(1):AC⊥CB,AC⊥CC且CB∩CC=C,∴.AC⊥面BCC,:AC∥AC,.AC1⊥面BCC,…AC1⊥CB,AB=VAC2+CB22分:可知二面角C-AC-B的面角∠CCB是钝角

5、2024年北京专家卷(四)4理科综合试题

压轴卷理科综合（一）融等手段使其从细胞中释放出来，然后溶于有机化或不定向连接，应选用两种限制酶进行切割，从这溶剂。个角度分析，可以选择限制酶BamH I和XhoI或(4)无关变量是指除自变量外，对实验

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云雨、明月之夜，更能撩起诗人对友人的思“船”在一起，写出海行中美妙之景、舒畅之念，一面是对朋友的宽慰，另一面已将深挚情；另一方面，又结合“到”字，说“共到”，使不渝的友情和别后的思念，渗透在字里行顺风

2、高中语文2024届高考复模拟作文题练0808（共14篇附写作指导）

在《读〈拉奥孔)》一文中，钱锺书谈到了狄德罗的著名观，点“演员必须自己内心冷静，才能惟妙惟肖地体现所扮角色的热烈情感”，并引用中国谚语“先学无情后学戏”与时话，生动揭示了西方经典戏剧理论与中国民间演剧

3、百师联盟 2024届高三仿真模拟考试(四)4 新高考卷Ⅱ英语答案

M:Look!Is this bag yours?W:Yes,it's mine.M:What about this model plane?W:Oh,it's my classmate Bob's.

4、[百师联盟]2024届高三仿真模拟考试(三)3英语(新高考卷Ⅰ)答案

秘决是提前做好周密的计划和准备。七选五导语：本文是一篇记叙文，属于“人与社会”主题语境。1922年，18岁的Ralph Samuelson在滑雪的过程中获得灵感，成为滑水这项运动第一个吃螃蟹的人，滑水

5、[南充零诊]南充市高2024届高考适应性考试(零诊)物理试题核对核查查看

错误；“天问一号”火星探测器由低轨道进入高轨道需要点火加速，D项正确。5.D【解析】本题考查卫星的线速度、加速度。该卫星从赤道上空到达极地上空用时6h,即运行周期为24h,与地球同步卫星运行周期相同。

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的对实验结果无影响，只要小球在抛出点的初速度相等就行。(2)由题图乙可知，A、B、C中相邻两点间水距离相等，所以运动时间相等，设相邻两点间的运动时间为t。小球从A到B,竖直方向有y专，得1√反√25

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2023年普通高等学校招生全国统一考试地理领航卷（三）专家点评测试反馈难度系数：0.56。错题统计易错试题：第4题，第21题，第28题。难点试题：第3题，阿拉尔垦区生态环境改善的原因，考生易从图中降水

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哈三中2023一2024学年度上学期高三学年期末考试物理试卷一、选择题（本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，1~7小题只有一个选项正确，每小题4分。8~10小题有多个选项正确，全部选对

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最新联考 2024-02-05 20:14:10

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中国联通中国榜动12:44@9®6.ll46l▣192%【新高考】江西省」重点中学盟校2……政治参考答案.pdf江西省重点中学盟校2024届高三第一次联考政治参考答案1.D【解析】资本主义的基本矛盾不可调和但可以缓和，①项错误：基本矛盾为资本主义社会一切矛盾的总根源，②项错误，故选D。2.C【解析】①为2024年新年贺词，杭州亚运会为2023年召开：②为2020年新年贺词，新中国成立70周年为2019年：③为2018年新年贺词，改革开放40周年为2018年；④为2022年新年贺词，2021年“两个一百年”奋斗目标历史交汇，我们开启了全面建设社会主义现代化国家新征程。故选C。3.A【解析】③增强民营经济创新力和控制力，“控制力”说法错误，国有经济控制国民经济命脉。④完善民营企业融资支持政策，解决民营企业融资困难，并不能提升民营企业核心竞争力。核心竞争力的提升应该是依靠企业自身的技术、管理等因素提升。4.B【解析】题中反映的是农村居民人均可支配收入增速超过了城市居民，而非收入绝对值，故①错误。④政府在资源配置中不起决定作用，说法错误。5.C【解析】新征程中国共产党的中心任务是团结带领全国各族人民全面建成社会主义现代化强国、实现第二个百年奋斗目标，以中国式现代化全面推进中华民族伟大复兴。①说法错误。始终代表中国工人阶级和最广大人民的根本利益，没有任何自己特殊的利益，这是党立于不败之地的根本所在，④说法错误。故本题选C。6.D【解析】“保证国家机关协调高效运转”是人大制度的优势，与题无关。①不选。“政党联盟”说法错误。②不选。故本题选D。7.D【解析】基层党组织发挥战斗堡垒作用，共产党员发挥先锋模范作用。①说法错误。社区服务管理属于基层群众自治，不涉及优化基层政权架构与建设服务型政府。②不选故本题选D。8.B【解析】引力波的发现进一步证明了世界的物质性，①项正确：人能够能动的改造世界，意识在人们改造世界中发挥指导作用，②项错误；认识接近真理属于不可知论，④项错误，故选B9.A【解析】价值观不能起决定作用，②项错误：漫画与④项无关，故选A。10.B【解析】材料体现连续性，但不体现包容性，②排除：先进优秀文化促进社会发展，④错误，故选B。11.D【解析】美国欧亚集团是风险咨询公司，以盈利为目的。①说法错误。美国是联邦制。③说法错误。故本题选D。12.B【解析】举办链博会属于促进国际循环，②不选。举办链博会与完善全球经济治理规则无关，③不选。故本题选B。13.C【解析】①错误，夫妻一方因人身损害获得的赔偿或者补偿，属于夫妻一方的个人财产。②正确，王某的母亲刘某无权继承胡某的遗产，因为岳父母不是女婿的法定继承人。③错误，首先6间房屋和40万现金先析产，胡某的遗产应该是50万赔偿金、3间房屋、20

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促进社会稳定。第11期K(区

4、甘肃省庆阳市华池县第一中学2022-2023高二下学期期末考试历史试题（解析版）考试试卷

地所有制的情沉，故排除A项；“礼仪教化至上”的说法过于绝对且不符合史实，故排除B项；材料反映的是统治者重农思想，而不能得出当时农业的发展，故排除C项。18.C【解析】本题考查唐朝的人口和经济，考查学生

5、2022-2023甘肃省酒泉市东苑学校教育集团八年级（下）期末历史试卷（含解析）考试试卷

2023”支德美寸大限考高三月考试米三（企国卷）历史有程安)本试题卷包括选择题、非达择圈两部分，共12页。时量90分钟。清分10分第I卷选择题（共48分）一、选择题（本大题共24小题，每小题2分，共4

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一大心想望他的风采。和足！再不想望更高远的天国！有想望那么热，只是稀薄的想起。,请简要分析。(4分)

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6.硝硫氰胺是我国首创的广一谱抗奇生虫药，结构简式如下所示，下列说法错误的是A.该有机物的一氯代物有

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1、福建省2024届普通高中学业水选择性考试·化学(二)2[24·(新高考)ZX·MNJ·化学·FJ]答案

1、江西省2024届普通高中学业水选择性考试·地理(三)

大单元学三步一体高效训练讲评记A.突出体现了律令儒家化B.稳定了基层的社会秩序C.注重维护家庭伦理道德D.加重了百姓的生活负担解析：根据材料信息并结合所学知识可知，《封诊式》记载了秦律对不孝者处以死刑，说明秦律注重维护家庭伦理道德，故C项正确。秦朝的治国思想是法家思想，秦律不能体现律令儒家化，排除A项；材料无法体现秦律稳定了基层的社会秩序，排除B项；加重了百姓的生活负担并非材料主旨，排除D项。答案：C5.《史记》对秦灭六国战役的描述中，“斩首”“坑之”等词屡见不鲜。而且，秦在攻灭六国时，想要从文化上将东方六国连根拔除，为此采取了“一刀切”的同化政策，“天下敢有藏诗书百家语者，悉诣守尉杂烧之”。材料意在强调秦朝A.法律的严苛性B.秦文化的发达C.统治的殖民性D.灭亡的必然性解析：根据材料并结合所学知识可知，秦朝对被征服地区实行同化政策，使得社会矛盾激化，加速了秦朝的灭亡，故D项正确。法律的严苛性、秦文化的发达、统治的殖民性都不能全面反映材料主旨，排除A、B,C三项。答案：D6.陈胜在大泽乡登高一呼，“奋臂为天下倡始”。那些受了十余年重赋剥削的贫苦农民，那些被长城之役、五岭之戍压迫得疲惫不堪的百姓，那些被严刑峻法剥夺了自由的奴隶和刑徒，便群起响应，全国迅速出现了一个反秦高潮。这表明A.农民起义的序幕拉开B.法家思想是秦亡根源C.秦朝的赋税制度严苛D,民心所向是统治根基解析：根据材料并结合所学知识可知，因为秦的暴政，陈胜起义得到了百姓的积极响应，全国出现了反秦高潮，促使秦朝短命而亡，说明民心所向是统治根基，故D项正确。农民起义的序幕拉开并非材料主旨，排除A项；秦亡主要是因为秦的暴政，并非法家思想，排除B项；秦朝的赋税制度严苛只是材料的部分信息，不能全面反映材料主旨，排除C项。答案：D7.汉初，天下初定，庶事草创，百废待兴，并且北有胡、南有越的威胁，此时，消灭异姓王之后，最简便、最令人放心的办法就是派刘氏子弟去原异姓王的封地实行管理、统治。材料意在强调汉初A.郡国并行制推行的必要性B.边疆危机非常严重C.君主专制遭到了严重破坏D.国家对经济的干预解析：根据材料可知，汉初百废待兴，为了稳固统治，在消灭异姓王之后，朝廷不得不继续分封刘氏子弟以维护政权统治，这体现了郡国并行制推行的必要性，故A项正确。材料无法体现边疆危机非常严重，排除B项；材料体现的是中央对地方的管理，与君主专制无关，排除C项；材料体现的是朝廷派刘氏子弟去实行管理、统治，并非国家对经济的千预，排除D项。答案：A8.汉代文景二帝采纳了晁错提出的“贵五谷而贱金玉”的主张，鼓励富人高价购买农民的粮食，增加了农民的收入，做到“损有余而补不足”，对于生活奢侈的贵族以及私自铸钱的诸侯则严惩不贷。这些举措A.提高了农民的社会地位B.沉重打击了诸侯势力C.有利于社会矛盾的缓和D.使得俦币权收归中央解析：根据材料“贵五谷而贱金玉”“对于生活奢侈的贵族以及私自铸钱的诸侯则严惩不贷”等信息可知，这些举措有利于缩小社会贫富差距，故C项正确。文景二帝采取的措施有利于改善农民的生活状况，但不能提高农民的社会地位，排除A项；“沉重打击了诸侯势力”的说法夸大了这些措施的影响，排除B项；文景时期并没有实现铸币权收归中央，排除D项。答案：C9.下表所示为汉武帝时期设置的某一机构的特征。该机构的设立皇帝在自己左右召集了一批侍从之臣，或形成临时听用的班子，或组成常设机构成员都是天子的近臣、从官，一开始就直接听命于天子，是脱离和凌驾于正常官制的公卿系统，宰相节制不了他们A.削弱了地方势力B.完善了官僚政治C强化了君主专制D.扩大了统治基础25ZCYK·历史-R-中外历史纲要（上）-HUB

12.客索D解题分析草原群落的外貌和结构会随着季节变化而发生有规律的变化，具有季节性，A项正确；本实验研究的目的是明确氮沉降对草原群落的影响，因此实验中氮添加模拟的是氮沉降，甲组为禁牧封育状态，丙组为放牧条件，两组的自变量为是否放牧，丙组的物种丰富度高，因此对比甲组和丙组可知，适度放牧可以有效提高草原群落的物种丰富度，B项正确：丙组和丁组的自变量为是否添加氮，丁组物种丰富度比丙组低，优势度指数比丙组高，因此氮添加可以减弱放牧对草原群落的物种组成和结构的影响，C项正确：欲研究氨添加对封育地优势种植株茎叶生长的影响，还需进一步测定草原群落优势种的生物量分配，D项错误。13.客案C解题分析休闲步道与各类型护坡的生物种类不同，体现了群落的水结构，A项错误：生态护坡选择适宜的本地植物品种栽植遵循生态工程的协调原理，B项错误：护坡的设计首先应满足岸坡稳定的要求，设计应与生态环境相协调，尽量使其对环境的保护最大化，C项正确：生态护坡可防止水土流失并改善环境，体现了生物多样性的间接价值，D项错误。14.客索D解题分析果酒发酵利用的是酵母菌的无氧呼吸，在酒精发酵阶段，发挥作用的微生物主要是酵母菌，A项正确；麸皮、糯米、小麦等粮食中富含淀粉，蒸料前对麸皮、糯米、小麦等粮食进行适当粉碎，可以增加淀粉与菌种的接触面积，B项正确：醋酸发酵阶段，影响醋酸菌密度变化的环境因素主要是氧气浓度，因此，为了增加醋酸菌的密度，需要对发酵液定期翻动，C项正确：板划线法可用于分离微生物，但不能用于微生物的计数，D项错误。15.客案C解题分析过程①不能使用高C+一高pH融合法促使淋巴细胞和骨髓瘤细胞融合，A项错误；过程②选择培养获得的杂交瘤细胞既能大量增殖，又能产生抗体，但产生的抗体不一定是所需抗体，B项错误：过程③在96孔培养板上进行克隆化培养和抗体检测并经多次筛选才能获得能产生所需抗体的杂交瘤细胞，C项正确；正常细胞和HER2过度表达的恶性肿瘤细胞都能产生HER2,但是HER2过度表达的恶性肿瘤细胞表面的HER2多，与抗HER2-ADC结合的概率高，D项错误。16.答率D解题分析对蛋白质中的氨基酸进行替换，利用的生物技术是蛋白质工程，A项错误；蛋白质工程和基因工程的操作对象都是基因，B项错误：要对蛋白质的结构进行改造，必须通过改造或合成基因来完成，C项错误：改造蛋白质所用的基因表达载体必须包含启动子和终止子，启动子是驱动基因转录的元件，终止子是指示转录终止的元件，D项正确。17.答索(1)光反应(1分)ATP和NADPH(1分)C的还原(1分)(②)H+运出类囊体受阻(1分)负(1分)无氧呼吸产生弱酸的总积累量越多，类囊体腔内的酸化程度越高，pH越小(2分)(3)弱光组和K0H(碱性物质)十弱光组最大氧气释放量基本相同(1分)解题分析(I)衣藻在光合作用的光反应阶段发生水的分解产生氧气和H+,该阶段还产生ATP和NADPH

点石联考10月高二联考化学2Cu(s)+O2(g)===2CuO(s）△Hi=-315kJ·mol，B项错误；纯净的醋酸不导电，加水后溶液导电能力增强，当加水过多，溶液中导电离子浓度减小，导电能力减弱，C项正确；H2O(s)→H2O(1)→H2O(g)的每一步均为吸热过程，D项正确。6.【点石答案】B【素材来源】人教版高中化学教材选择性必修1第三章第一节电离衡相关内容。【点右立意】本题以弱电解质电离衡常数的理解和应用为载体进行考查，考查学生对弱电解质电离过程的掌握、酸性强弱判断。体现宏观辨识与微观探析、变化观念与衡思想、证据推理与模型认知等学科素养。【点石思路】H2COs的Kai大于HCN的Ka，故HCOs的酸性强于HCN，A项正确；少量草酸与足量Na2CO：溶液反应的离子方程式为H2C2O4+2CO===C2O²+2HCO，B项错误；向HCN溶液中加入NaOH固体，c(HCN)c(H")步电离决定的，D项正确。7.【点石答案】A【点石立意】本题以NaHCO物质变化过程中的能量变化为情境进行考查，考查学生对盖斯定律的理解和应用。体现变化观念与衡思想等学科素养。【点石思路】根据盖斯定律可知△H4=-△H1+△H3+△H2=-(+37.6kJ·mol-l)+(+92.3kJ·mol-)+(-16.4kJ·mol-)=+38.3kJ·mol-，A项正确；△H3=+92.3kJ·mol1，则2NaHCO3(s)===Na2COs(s)+CO2(g)+H2O(1)的正反应活化能比逆反应活化能大92.3kJ·mol1，B项错误；H2O(1)===H2O(g）△H>0，△Hs=△H3+△H，故△Hs>△H3，C项错误：NaHCO固体溶解在水中不属于化学反应，D项错误。8.【点石答案】C【素材莱源】人教版高中化学教材选择性必修1第二章第二节化学衡、第三章第一节电离衡相关内容。【点石立意】本题以氯水中的衡、NO2与N2O4转化衡、可逆反应的判断、温度对弱电解质电离衡知等学科素养。【点右思路】光照时，HClO分解，c(HCIO)减小，Cl+H2O一HCI+HCIO衡正向移动，c(Cl)减小，溶液黄绿色褪去，A项正确；压缩封装有NO2和N2O4混合气体的注射器，开始c(NO2增大，混合气体的颜色先变深，然后2NO2(g)一NO4(g)衡正向移动，混合气体颜色又逐渐变浅，B项正确；Fe²+过量，不能判断Fe3+与I的反应为可逆反应，C项错误；磷酸电离吸热，温度升高，促进电离衡正向移动，磷酸溶液酸性增强，D项止确。9.【点石答案】D【点石立意】本题以在一定条件下，1-苯基丙炔与氯化氢反应历程分析为情境，考查学生对活化能的理解、化学反应的调控。体现了证据推理与模型认知等学科素养。【点石思路】反应前期，产物A的生成速率更快，则生成产物A的活化能更小，故A为C1为，A项正确，C项正确；与相比较，能量更低，更稳定，B项正1CC1点石联考高二10月化学试题参考答案第4页共10页