I7.C【解析】本题主要考查基因与性状的关系，考查学生的理解能力。人缺铁性贫血症是缺少微量元素F,导致血红蛋白含量降低所致，其发病机理与镰状细胞贫血的不同，C项错误。18.D【解析】本题主要考查噬菌体侵染大肠杆菌实验，考查学生的理解能力。甲组标记的是噬菌体的DNA,部分噬菌体侵入细菌内，少数在上清液中，由于DNA的半保留复制，细菌内的部分子代噬菌体携带2P含有放射性，部分不携带32P没有放射性，A、B项错误，乙组标记的是噬菌体的蛋白质，合成子代噬菌体的物质来自细菌，因此子代噬菌体不含有35S没有放射性，C项错误；侵染过程中，噬菌体的DNA进人细菌内，蛋白质外壳不能进入细菌，搅拌、离心后蛋白质外壳存在于上清液中，因此乙组沉淀物的放射性低于上清液的，而甲组的相反，D项正确。19.C【解析】本题主要考查核酸的结构、基因表达，考查学生的获取信息的能力。+RNA在宿主细胞内能翻译出RNA复制酶和外壳蛋白，A项错误；RNA复制酶可催化十RNA→一RNA→十RNA,模板分别为+RNA、一RNA,C项正确；新型冠状病毒的RNA不能整合到宿主细胞的基因组(DNA)中，D项错误。20.A【解析】本题主要考查人类遗传病，考查学生的理解能力。苯丙酮尿症为常染色体隐性遗传病，发病率等于致病基因频率的方，因此苯丙酮尿症的发病率小于其致病基因频率，A项正确；多指为常染色体显性遗传病，不会出现隔代遗传和交叉遗传的特点，B项错误；白化病是常染色体隐性遗传病，C项错误；红绿色盲是伴X染色体隐性遗传病，男性只有1条X染色体导致发病率较高，D项错误。21.D【解析】本题主要考查基因表达，考查学生的获取信息的能力。DNA甲基化修饰影响基因表达，影响生物体的性状，A项错误；DNA甲基化修饰未改变基因的碱基序列，B项错误；取食蜂王浆的蜜蜂幼虫体内的DNA甲基化水低于取食花蜜的幼虫的，C项错误；DNA甲基化干扰了RNA聚合酶等对DNA部分区域的识别和结合，从而影响转录，D项正确。22.C【解析】本题主要考查生物育种，考查学生的获取信息的能力。一粒小麦与斯氏麦草杂交产生的杂种一细胞内无同源染色体，高度不育，因此二者之间存在生殖隔离，A项错误；普通小麦体细胞中有六个染色体组，是六倍体，B项错误。23.D【解析】本题主要考查生物的变异与进化，考查学生的理解能力。菌株高产性状有利于人们的生产活动，但未必有利于细菌的生存，不一定属于有利变异，D项错误。24.B【解析】本题主要考查现代生物进化理论，考查学生的获取信息的能力。新物种的形成过程要经历突变与基因重组、自然选择、隔离三个环节，A项正确；变异是不定向的，捕食压力不会促使飞蛾发生适应性的变异，B项错误；由于新飞蛾和原始飞蛾之间不能产生子代，因此属于不同的物种，C项正确。25.D【解析】本题主要考查伴性遗传，考查学生的综合运用能力。、d途径是减数分裂和受精作用，获得的子代雌雄个体的数量相同，A项正确；通过b处理抑制W染色体的分离，则产生性染色体为W的卵细胞和不含性染色体的卵细胞，二者的比例相同，B项正确；通过c途径获得的雄蚕为纯合子()，其Z染色体的基因来自亲代，因此隐性性状能表现，C项正确；获得的家蚕e、f的乙染色体来源相同，二者杂交后，子代雄蚕均为纯合子(ZZ),D项错误。26.(1)核糖体(1分)组成不同蛋白质的氨基酸的种类、数目和排列顺序不同(1分)，形成的肽链的空间结构不同(1分)泛素(1分)一定的流动性(1分)(2)线粒体基质(1分)线粒体内膜(1分)增强(1分)(3)通过自噬作用清除错误折叠的雀白质或损伤的细胞器，维持细胞内部环境的稳定；部分降解产物可被细胞重新利用，以便于细胞度过不利环境（答出1点即可，2分）【解析】本题主要考查细胞的结构和功能，考查学生的获取信息的能力和综合运用能力。(1)细胞内的蛋白质是在核糖体上合成的。生物膜具有一定的流动性是不同膜结构融合的结构基础。(2)当细胞内养分持续不足时，自噬作用增强以提供维持细胞生存的物质和能量。(3)细胞通过自噬作用能清除错误折叠的蛋白质或损伤的细胞器，维持细胞内部环境的稳定，通过自噬作用可为细胞提供物质和能量，以便于细胞度过不利环境。27.(1)被动运输(1分)叶绿体类囊体薄膜（或类囊体薄膜）（只答叶绿体或类囊体不得分，1分）可作为溶剂、运输光合产物、提供液体环境（答出1点得1分，2分）(2)甲(1分)在NCl胁迫条件下，甲的净光合速率降幅小(1分)，积累的脯氨酸多，调节渗透压的能力强(1分)【高三生物·参考答案第2页（共3页）】904C·SHX

100所名校高考模拟金典卷·化学（十23新高考JD化学-HUN100所名校高考模拟金典卷·化学（十】23新高考JD化学-HUN答案C二、选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的解题分析本题考查化学实验评价。稀盐酸与硫代硫酸钠的四个选项中，有一个或两个选项符合题目要求。全部选对得4反应为Na2S2O3+2HCI-2NaCl+H2O+SV+SO2个，该反应分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。是S元素自身的氧化还原反应，A项错误；硼酸少量，可能是硼酸11.X、Y、Z、M为原子序数依次增大的四种短周期主族元素，X和与碳酸钠未反应转化为H2CO3,因而未分解放出CO2,也可能只反Z的基态原子L层上均有2个未成对电子，Z与M同主族，W应产生NaHCO3,也可能二者未发生反应，因此无法判断硼酸与碳位于第四周期，其基态原子失去3个电子后3d轨道半充满。下酸的酸性强弱，B项错误；碳酸钠粉末遇水结块，证明生成了碳酸钠列说法正确的是晶体，试管底部温度升高，说明该反应是放热反应，C项正确；向亚A.X的最简单氢化物的沸点高于同主族其他元素硫酸溶液中滴入紫色石蕊试液，由于亚硫酸是二元弱酸，具有酸B.基态Y原子核外有5种空间运动状态的轨道性，能够使石蕊试液变红，但不能漂白石蕊试液，因此溶液不会出C.键角：MZ-c(NHt)>c(H+)M为S,W位于第四周期，其基态原子失去3个电子后3d轨道半>c(OH-)充满，则W为F€。组成和结构相似的分子晶体，其相对分子质量越大，分子间作用力越强，物质的熔、沸点越高，即沸点：CH42c(CO)+c(HCO3),C项错误；NHCI为强酸弱碱盐，水解使溶液呈酸性，所以c(CI)>G(NHt)>c(H+)>c(OH-),D项正确。23新高考·D·化学-HUN

8.C【解析】本题主要考查元素周期律的知识，侧重考查学生对基础知识的认知能力。根据已知条件可推出X,Y、Z、R分别为Li,P、S,C1,磷的非金属性比氯的弱，A项错误；常温下，锂单质是固态，而氯气是气态，B项错误：最简单氢化物的稳定性：H,SK2(H,S),A项不符合题意；金属活动性指金属与酸（除硝酸等氧化性酸外）的稀溶液反应时失去电子的难易程度，B项不符合题意；稀硝酸具有氧化性，无法说明久置的NSO溶液是否变质，C项不符合题意；试管中的溶液颜色变为紫红色，说明生成了MO,D项符合题意12.B【解析】本题主要考查物质组成探究实验，侧重考查学生对实验的分析和理解能力。根据步骤一可知，白色粉末中一定不含CuSO,由步骤二可知，白色粉末中一定含Na,S、(NH)2SO,酸性条件下发生反应2S-+SO号+6H一3SY+3HO,说明白色粉末中定不存在KHSO,由步骤三可知，X为H,S,不能确定白色粉末中是否有NaCI,B项符合题意。13.C【解析】本题主要考查浓差电池的工作原理，侧重考查学生分析图像和解决电化学问题的能力。依题意，浓差电池放电时，高浓度的电解质溶液中离子浓度逐渐降低，低浓度的电解质溶液中离子浓度逐渐增大，当二者浓度相等时停止反应。铜(1)极附近硫酸铜溶液浓度大于铜(2)极，故铜(1)极的电解质浓度降低[即铜(1)极为正极]，铜(2)极为负极，电极反应为Cu一2e一Cu+,两膜之间的SO通过膜2向右迁移，A项错误；铜(1)极的电极反应式为Cu+十2e一Cu,为了维持电荷衡，SO通过膜1向右迁移，B项错误；理论上两膜之间的硫酸铜浓度基本保持不变，C项正确；理论上正、负两极硫酸铜溶液浓度均为0.55mol·L1时，该电池停止放电，D项错误。14.B【解析】本题主要考查弱电解质的电离，侧重考查学生分析和解决化学问题的能力。根金卷仿真密卷（三）化学参考答案第2页（共6页）23·J月·FZM0×

第十六单元生物大分子合成高分子1.C【解题分析】二氧化氯中不含碳元素，故为无机物，不属于有机合成高分子材料，C项正确。2.A【解题分析】观察该高分子的结构可知该高分子为加聚产物，判断单体时先把方括号、去掉，然后从左到右减一键、加一键、减一键·可得单体为CH一CH=CH一CN、CHsCH=CH2,故不属于合成该物质的单体是H2C=C一CN,A项符合题意。3.D【解题分析】由于蛋白质中含有肽键，故蛋白质水解可以获得氨基酸，A项正确；淀粉属于多糖，故由淀粉水解可以获得葡萄糖，B项正确；油脂在酸性条件下水解为高级脂肪酸和甘油，在碱性条件下水解为高级脂肪酸盐和甘油，其中甘油就是丙三醇，C项正确。4.A【解题分析】由氨基葡萄糖的结构简式可知，其分子式为C6H3ON,A项错误；氨基葡萄糖分子中含有氨基，能与盐酸反应生成盐酸氨基葡萄糖，B项正确；氨基葡萄糖分子中含有氨基和羟基，能发生取代反应，含有的醛基能与氢气发生还原反应生成醇羟基，C项正确；氨基葡萄NH2NH2糖分子的同分异构体中可能含有CHCOOH结构，含有一CHCOOH结构的有机物属于氨基酸，D项正确。5.A【解题分析】蔗糖水解生成果糖和葡萄糖，葡萄糖是还原糖，可以与银氨溶液发生银镜反应，A项正确；“半成品碳”再放进硫酸中高温加热，可以生成分子式为C3HoO25的“焦糖烯”，因此可知“半成品碳”不是碳单质，B项错误；浓硫酸与蔗糖的反应过程中，蔗糖变黑是因为浓硫酸的脱水性，变黑后体积膨胀是C与浓硫酸在高温条件下发生氧化还原反应生成大量SO2和CO2气体，体现了浓硫酸的强氧化性，C项错误；“焦糖烯”中含有O元素，属于烃的衍生物，而不是烯烃，D项错误。6.A【解题分析】油脂难溶于水，皂化反应的产物中高级脂肪酸钠和甘油都易溶于水，皂化反应完成的标志是液体不分层，A项正确：盐析的原理是加入氯化钠固体从而降低高级脂肪酸钠的溶解度，所以属于物理变化，B项错误；操作③是分离高级脂肪酸钠和溶液，应用过滤的方法，C项错误；甘油的混合液不分层，不能用分液的方法来得到甘油，D项错误。7.A【解题分析】由结构简式可知，该片段结构中碳碳双键和碳氨双键在一定条件下能与氢气发生加成反应，则1mol该片段结构最多与5mol氢气发生加成反应，A项错误；胸腺嘧啶分子中☆·60·【23·G3DY(新高考)·化学·参考答案一R一必考一HEB】

周测卷十二自然界中的硫二氧化硫的性质1.B解析：《天工开物》中记载：“凡火药，硫为纯阳，硝为纯阴”，其中“硫”指的是硫黄，“硝”为硝酸钾，B项正确。2.A解析：SO2属于酸性氧化物，能够跟碱性氧化物或碱发生反应而被吸收，A项符合题意。3.B解析：A项，H2S与SO2在溶液中反应生成淡黄色硫单质沉淀；C项，S)3与水反应生成H2SO4,再与BaCL2反应生成BaSO4白色沉淀；D项，Cl2与溶有SO2的水溶液反应生成H2SO4和HCl,H2SO1再与BaCl2反应生成BaSO4白色沉淀；CO2不能与溶有SO2的水溶液反应，也不与BaCl2溶液反应，无沉淀生成，B项符合题意。4.C解析：A项，MnO2投人双氧水中，发生的反应为双氧水分解，不属于离子反应；B项，SO2通人紫色石蕊溶液中，发生的反应为SO2与水化合生成亚硫酸，不属于氧化还原反应；D项，KSCN溶液和FeCl溶液反应生成Fe(SCN)3,不属于氧化还原反应。5.D解析：Na2S中S为一2价，Na2S2O3中S为+2价，反应中S元素的化合价发生变化，属于氧化还原反应，不属于复分解反应，A项错误；CO2的排放过多会引起温室效应，SO2过多才会形成酸雨，B项错误；SO2本身不能导电，属于非电解质，C项错误，6.B解析：葡萄酒中的适量二氧化硫可以起到防腐、杀菌、抗氧化的作用，适量的二氧化硫对人体是无害的，可以添加到葡萄酒中，A项错误；因为二氧化硫中硫元素为十4价，具有还原性，可以抗氧化，B项正确；碱石灰是CaO和NaOH的混合物，不能用碱石灰干燥SO2,C项错误；二氧化硫使氯水褪色体现了二氧化硫的还原性，不是漂白性，D项错误。7.A解析：甲、乙、丙、丁分别为H2S、SO2、SO3、S。H2S中一2价的S只有还原性，但其中的H为十1价，具有氧化性，如H2S溶于水后可与活泼金属反应表现出氧化性（酸性），A项错误；SO2与SO3均能与碱反应生成盐和水，均为酸性氧化物，B项正确；SO2中的S为十4价，处于S的中间价态，C项正确；单质S为黄色或淡黄色固体，D项正确。8.B解析：SO2与过量NaOH溶液反应生成Na2SO3和H2O,反应的离子方程式为SO2+2OH一SO+H2O,A项错误；H2SO3的酸性比H2CO3强，当SO2过量时反应的离子方程式为SO2十HCO5一HSO3十CO2,C项错误；H2SO3的酸性比盐酸弱，故SO2通入BaCl2溶液中不反应，D项错误。9.A解析：H2O2溶液能够将二氧化硫氧化成硫酸，该反应中二氧化硫被氧化，表现了还原性，A项错误；SO2与H2S反应生成S单质，该反应中SO2中S元素化合价由十4降低到0，二氧化硫被还原，为氧化剂，B项正确；酸性KMO4溶液能够氧化SO2,导致溶液褪色，SO2表现了还原性，C项正确；SO2通人滴有酚酞的KOH溶液中生成K2SO3,溶液碱性减弱，红色褪去，说明SO2有酸性氧化物的性质，D项正确。10.D解析：酸性氧化物与碱反应生成盐和水，SO2表现出酸性氧化物的性质，A项正确；过程Ⅱ中，每1molO2可得到4mol电子，每1 mol Na2SO3被氧化时，失去2mol电子，故1molO2可氧化2 mol Na2SO3,B项正确；总反应的反应物为Ca(OH)2、SO2和O2,生成物为CaSO4和水，C项正确；双碱法脱硫过程中，过程I消耗NaOH,过程Ⅱ会生成NaOH,意·26·【23新教材·ZC·化学·参考答案一SDKJB一必修第一册一QGB】

高三一轮复…地理（湘教版）…高三一轮复40分钟单元检测卷/地理（九）一、选择题4.C【解析】新疆气候干旱，灌溉水源是制约棉花种植1.A【解析】城市化进程的速度可用图中城市化水的主要因素。由图可知，新疆棉花主要种植区位于山曲线的斜率表征，图中显示，1970年中国城市化水麓冲积扇，利用高山冰雪融水作为主要灌溉水源，C上升幅度大，说明1970年后中国城市化速度加快，A正确；新山麓冲积扇区，地形坦，有利于耕种，但正确：各国城市化水的最重要的衡量指标是城市人耕种的基础也是由于山麓地带有高山冰雪融水作为口占全国总人口的比重，不是城市人口数量，B错误；主要灌溉水源，所以地形不是影响新疆棉花种植区分图中显示，1890一1950年间和2000年以后，英国城市布的主要因素，A错；新疆山麓冲积扇区与其它地势化进程的速度低于美国，C错误：图中显示，英国城市较低的盆地相比，热量条件的优势也不明显，所以热化水大致在1950一1970年间达到80%，而美国则量不是影响新疆棉花种植区分布的主要因素，B错；是在2000一2010年间达到80%，D错误。故选A。新疆人口分布同样与水源关系密切，所以人口分布不2.B:【解析】图中显示，英国2030年与2010年相比，属于影响棉花种植的主要因素，D错。故选C。城市化水略有下降，工业化已经完成，第二产业增5.A【解析】新疆棉花产量大，棉花收获季节需要依加的可能性小，按一般经济发展规律，第一产业比重宁靠大量的外来劳动力。近年来，机械化采棉模式大规增加的可能性小，A错误；图中显示，中国2030年与模推广，大大提高了棉花的采收效率，节省了大量劳2010年相比，城市化水大幅度提高，城市人口快速动力和采收成本，导致“拾花客”数量明显减少，A正增长，城市设施和住宅用地紧张，导致城市土地价格确；近年来，新疆棉花种植面积没有大幅减少，B错；普遍上涨，B正确，图中显示，美国2030年与2010年高产品种的大规模种植，对“拾花客”数量的需求有相比，城市化水略有上升，变化不大，工业化已经完可能提高，C错；“拾花客”主要来自河南、湖北等我国成，第二产业比重较小，工业产生的污染较少，加上环中部省区，前往新疆的“拾花客”数量明显减少，与东境治理水较高，因此城市环境质量不会持续恶化，部人口老龄化严重无关，D错。故选A。C错误：城市化的发展导致城市人口比重大，交通拥6.C,【解析】美国农业生产充分利用各地不同的自然堵问题突出，D错误。故选B。条件，实现了地区生产的专业化，形成了一些农业带，3.D【解析】与长江中下游棉区相比，新疆棉区地处且生产规模较大。根据相对位置判断，甲为乳畜带，内陆，气候于旱，光照充足，有利于优质棉花的生长，农业地域类型为乳畜业，当地人口和城市密集，对乳A错，D正确；长江中下游棉区属于我国地势第三级畜产品消费量大，故该地农业接近消费市场。乙为畜阶梯，新疆棉区地处我国地势第二级阶梯，地势低牧和灌溉农业区，该地区地广人稀，农业地域类型为是长江中下游棉区的特征，故B错；新疆棉区以沙质大牧场放牧业，当地距离消费市场较远，消费量小。土壤为主，黑土主要分布于我国东北地区，故C错。据此分析，故两地农业地域类型的相同之处是都以畜故选D。,:可牧业为主，C正确。AB、D选项错误。故选C。·23

x=,可知初速度不同，B项错误；运动员距：相等，故后轮边缘的线速度等于自行车前进的确；由于A、B两球的角速度相等，则球A的速离甲鼓的位置比距乙鼓的位置远，两鼓等高，球速度，大小为=or2户，D项正确。到达两鼓用时相等，击中甲鼓的水速度较大，1r2度大小oA=?√2g,B项错误：B球在最高点竖直方向速度相等，则实际击中的速度大小不【变式1】A【解析】由题意知拖把头转动时，对杆无弹力，此时A球受重力和拉力的合等，C项错误；甲鼓的位置比丁鼓位置高，球到的周期T=号s,则拖把头转动的角速度，力提供向心力，有F一mg=m咒，解得F达丁鼓用时较长，若某次发球能够击中甲鼓，用相同大小的速度发球可能击中丁鼓，D项正确。2红-14πrad/s,C项错误；拖把头边缘的线速2g,C项正确，D项错误」【例8】C【解析】物块的加速度a=gsin6,度=2-1,4怀m/,A项正确；拖把杆向下【变式3】AC【解析】在最低点Q时向心根据1=立，得1一√g9A,B两项错误：初加速度向上，小球处于超重状态，A项正确。小运动的速度2==0.35m/s,B项错误；拖球越过最高点的临界速度v=√g,即小球运迪度w-6√哥/gsin 0,C项正确，D项错误。动到最高点P时，速度要大于等于√g,根据把头的转速=丁=7/s,D项错误。【例9】D【解析】设第一次投篮时的初速度为n,其抛射角为日，篮球恰好空心命巾。根【例2】BD【解析】对小球受力分析，设轻动能定理得-mg·2l=之m2-之m2,解据抛体运动的规律可知，其运动时间t=弹簧弹力为Fr,轻弹簧与水方向的夹角为，得=√⑤gl,即小球在最低点的速度需满足2sin9,其水射程x=0(cos0)t=在竖直方向，由于PQ杆光滑，其轻弹簧拉力沿≥√5g(,才能通过最高点P,B项错误，C项PQ杆方向向上的分力等于小球重力，Frsin 0正确。在Q点，根据牛顿第二定律得F一mg22sn0cos0_2sim20,增加初速度大小，将ng,小球均相对PQ杆静止，0角不变，所以g弹簧弹力的大小一定不变，小球高度不变，A项=m，在P点，有十mg=m2,又篮球水抛出，篮球做抛运动，不可能空心命错误，B项正确。轻弹簧拉力沿水方向的分中，A项错误；只增加篮球的初速度大小，不改mg·2l=号m2-7o2,联立解得△F力和杆对小球的弹力的合力提供向心力，当转变投射角度，由水射程的表达式x速较小时，杆对小球的弹力背离转轴，FTcos日F1一F2=6mg,D项错误。2sin20,可知水射程增大，不可能空心命Fx=mrw2,解得FN=Frcos0一mw2r;当转【例5】AC【解析】设绳子与竖直方向的速较大时，杆对小球的弹力指向转轴，Frcos 0夹角为0，小球刚好离开圆锥筒时，圆锥筒的支中，B项错误；由于第一次投篮时日一45°，若只+Fx=nw2r,解得FN=mw2r一Frcos0,因w持力为0，则有ngtan0=molsin0,解得w增加篮球的投射角度，不改变篮球的初速度大>,所以山牛顿第三定律可知，小球对杆压力小，由水射程的表达式=s2,可知由√1c0s0则绳子越长，角速度的临界值越小，的大小不一定变大，C项错误。由匀速圆周运动的向心力公式F=mw2r可知，以w'匀速转动小球越容易离开圆锥筒，A项正确，B项错误；于sn20变小，所以水射程减小，不可能空心两个球都离开圆锥筒后，小球都只受重力与绳命中，C项错误；由于第一次投篮时8=45°，同时，所需的向心力增大，小球所受合外力的大小时增加篮球的初速度人小和投射角度，由水定变大，D项正确。子的拉力，两小球都随圆锥简一起转动，有相同射程的表达=s20,可知初速度增大，【例3】BC【解析】设列车转弯时内、外轨的角速度，则有小球的高度为h=lcos,代入数所在斜面的倾角为6，小球质量为，由于悬挂据解得h一是，C项正确；小球都离开圆锥筒时但sin20变小，所以水射程可能不变，有可能小球的细线与车厢侧壁行，即细线垂直内、外mg空心命巾，D项正确。轨所在斜血，可知细线与竖直方向的夹角为，绳子的拉力T一s由于绳了长度不同，则小【变式5】B【解析】球的运动是斜上抛运细线上的拉力FT与小球的重力mg的合力提球离开台时的夹角也不同，所以拉力也不相动，最后垂直墙进入洞里，则可以把它看成是从供小球做圆周运动的向心力，则FT=s洞开始的抛运动，从洞到高h的网过程中Hcos A同，D项错误。【变式4】B【解析】小球做幽项错误；车厢的重力与轨道的支持力的合力提h=令，得出=√面匀速圆周运动，对其受力分析如图供车厢做圆周运动的向心力，内、外轨道与轮缘g所示，则有ngtn日=2Isin0,√®25间均没有侧向挤压作州，B、C两项正确；由10s=0.4s,水方向上若恰好mgtan0=m得v=Vgrian0,在0与转弯处整理得Lc0sf=各，则两球处丁擦网，则1=t,得出0=上=5m/s,从墙洞同一高度，B项正确。的圆弧半径r已知时，可以求出列车转弯时的【例6】BD【解析】P经过图中D点时间的位置到人抛出球的位置处，竖直方向上.H一速率，D项错误。【变式2】AB【解析】设玩具小熊的质量ho=2gt2,得出t=0.6s。故人距离墙的水为=(+)7=01,2,3…),其中T=为，则玩具受到的重力mg、细线的拉力F距离至少为x=t=5×0.6m=3m,故要使球的合力提供玩具小熊随车做水面内圆周运动2红，小球自由下落的高度=？g,要使小球扔进洞，人必须站在离网距离至少为x'=x一L的向心力F(如图)，有ngtan0=ma,可知列车-3m一2m=1m处，B项正确。在转弯时的向心加速度大小为a=gtan0,A项与质点P相遇，则时间相等，所以h=2（g”第3讲圆周运动正确；列车的向心加速度a一gtan0,由列车的重力与轨道的支持力的合力提供，故列车与轨)广()当=0，有=器当=1有学基础知识道均无侧向挤压作用，B项正确；水杯的向心加要点速度a=gtan0,由水杯的重力与桌面的支持力ha-25gn,B、D两项符合题意。8w2①相等②不变③圆心④不变⑤速度的合力提供，水杯与桌面问的静摩擦力为零，【例7】BD【解析】在题图6驷⑦2=⑧2π@￥10w2r①大C、D两项错误。1中kmg=mw2r,ω=小越大，开始滑动时的角速度越②r③圆心④合力⑤分力6圆周运小，则a先滑动，A项错误；对木块a有fa动⑦向心力mw2(2l),对b有f6=2mw2l,即a、b所受的静基础诊断1.C2.C3.B4.AB摩擦力始终相等，B项正确；在题图2中，当讲关键能力【例1】D【解析】大齿轮与小齿轮是链条【例4】AC【解析】球B运动到最高点时，√停时，细线的拉力和最大静摩擦力提供木传动，线速度大小相等，有2n1=wr2,得ω杆对球B恰好无作用力，即重力恰好提供向心块做匀速圆周运动的向心力，如图所示，当最大2,小齿轮和后轮是同轴传动，角速度大小力，有mg=m鄂，解得明=√2®L,A项正静摩擦力的方向与细线垂直时，木块受到的合r223XKA(新)·物理一D版一XC·7

第3讲圆周运动在指向圆轨道中心方向的力是重力的一个分径为R。由万有引力定律得F引=GMmR2力，白然该分力就比重力小，所以此时的向心1.C【解析】A、B两点为同轴转动，所以nA加速度一定比重力加速度g小，C项正确；若2GM。m=2F地，C项正确。Ro2=B,TA=TB,wA=wB,而线速度=wr,所h>2.5r,小球能通过B点，且轨道对B点有5.D【解析】根据卫星绕月球做圆周运动的以心B>A,C项正确向下的压力，D项错误。2.AC【解析】N物体静止不动，纯子拉力与8.A【解析】设细绳长度为1，小球做匀速圆向心力由万有引力提供，则GMm=m2V物体所受重力大小相等，M物体做匀速圆周运动时细绳与竖直方向的夹角为0，细绳周运动，囚不计摩擦，绳子拉力提供向心力，即拉力为F,有Fsin0=mw2lsin0,得F=mw2l,,D项正确。解得=√，T=Ng=F向，所以M所需向心力大小等于A项止确；ngtan9=mw2lsin0,得h=lcos日6.C【解析】卫星绕地球做椭圆运动，类似V所受重力的大小，∧项正确，B项错误。根于行星绕太阳运转，根据开普勒第二定律：行据向心加速度公式和牛顿第二定律得F向一。号，B项错误；小球的向心加速度a星与太阳的连线在相等时间内打过的面积相w2Isin0,小球运动的角速度不同时，sin0不同，mg=m号，则与r成正比，C项正确。根等，则知卫星与地球的连线在相等时间内扫C项错误；小球的线速度v=alsin0,D项错误。过的面积相等，所以卫星在距离地球最近的据向心加速度公式和牛顿第二定律得F时=9.BD【解析】小球受到重力、弹簧的拉力，A点速度最大，在距离地球最远的C点速度mvg=mar,则w2与r成反比，D项错误。PQ杆对球不一定有弹力，A项错误：设弹簧最小，卫星在B、D两点的速度大小相等，A3.C【解析】赛车在水面上转弯时，它需原长为。，弹簧与水方向的夹角为9，则弹项错误；在椭圆的各个点上都是引力产生加要的向心力是由赛车与地面间的摩擦力提供簧对小球的拉力F=(白。)：则对小速度4=G4,因A点的距离最小，则A点的2的。由FmR知，当o较大时，赛车需要球竖直方向有Fsin0=ng,可得0为定值，与加速度最大，B项错误；根据椭圆运动的对称的向心力也较人，当摩擦力不足以提供其所转动的角速度无关，可知小球高度不变，弹簧需的向心力时，赛车将冲出跑道。长度不变，B项正确，C项错误；当角速度较性可知ADc=tCA=之C项止确；椭圆上近4.A【解析】两轮边缘上的点的线速度相等，小时，杆对小球的弹力F、背离转轴，有地点A附近速度较大，远地点C附近速度较齿数比为n:,即两轮的半径比为m:,根据Fcos0一FN1=mw12r;当角速度较大时，杆对小，则a0<号m>子D项错误。o=r可知，角速度与半径成反比，而周期与角小球的弹力FN'指向转轴，有Fcos0+FN27.B【解析】若地球质量为M,则“宜居”行速度成反比，所以周期与齿数成正比，即和mw22r;可知角速度取两个不同值时，PQ杆O2转动周期之比为m:n,A项正确。对小球的弹力大小可能相同，D项正确。星质量M=6.4M,由mg=GMm得mg-2mog5.A【解析】A、B两物块的角速度大小相10.D【解析】该同学和秋千踏板一起做圆周4·后=90，可得600/600M等，根据Fm=m2r,转动半径相等，质量相运动，在最低点当每根绳子受力达最大时，玩ro2V960M等，所以向心力相等，小项错误；对A、B整体具熊抛出的初速度最大，抛出水距离最远。/600X6.4MW960M=2,B项正确分析，FB=2w2r,对A分析，有FA=由牛顿第二定律有2F-mg=m二，解得。=wr,知盘对B的摩擦力是B对A的摩擦8.B【解析】忽略行星的白转影响时，该行8m/s;玩具熊抛出后做抛运动，有x=t,h力的2倍，B项正确；A所受的静摩擦力方向桌表面的物体受到的万有引力等于重力，即指向圆心，可知A有沿半径向外滑动的趋2;可得=1.6m,D项正确。r2=g,自转不可忽略时，万有引力提供势，B受到盘的静摩擦力方向指向圆心，可知重力及物体随行星自转的向心力，则自转角B有沿半径向外滑动的趋势，C项止确；对第4讲万有引力定律及其应用A、B整体分析，B·2ng=2oB2r,解得B1.A【解析】由G-=m(票)‘a得只速度为，时有G-号g十w7,行是的B3,对A分析，Amg=moA2r,解得4x,A项正确。GM解得6B项正确密度=44一√4，因为B先滑动，可知B先达到临2.C【解析】绕地球转120°的时问为t,周期9.B【解析】若不考虑地球白转，根据地球界角速度，可知B的临界角速度较小，即<为3，根据G0=m()°，G=mg,表面万有引力等于重力，有Gm地m=mg,则A,D项正确。6.CD【解析】在b、c两处做圆周运动的圆,2R,解得R器AB两项错误：根据m准=，A项错误：根据太阳对地球的万心在各月的水面上，A项错误；设在硬币位R,解得p一，C项正确。4置所在弧的切线与水方向的夹角为0，可=,V=有引力提供向心力，有G2通=m地L2,L22知向心力大小F=ngtan0,由图可知b、c两D项错误。则m太=上？，B项正确：由题中数据无法处0不同，向心力不同，B项错误：因F3.A【解析】a的轨道半径大于c的轨道半F,r6>T:由F=wr可知，角速度的大小径，因此卫星a的角速度小于c的角速度，A求出月球的质量，也无法求出月球的密度，aw<,C项正确；向心加速度的大小F=项正确：a的轨道半径与b的轨道半径相等C、D两项错误。ma,可知a6a,D项正确。因此卫星a的加速度等于b的加速度，B项10.B【解析】图1半圆环对球的引力为F,得7.C【解析】沿斜面滑动要过圆轨道最高错误；第一宇宙速度是发射时的最小速度，也到子圆环对球的引力大小为号F,将乙环分点，释放点离地高度至少为2.5r,小球在到是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大速度，达B点前脱离轨道做斜上抛运动，A项错因此卫星a的运行速度小于第一宇宙速度，C成三个圆环，关于圆心对称的两个圆环误；若h>2.5r,可以过最高点，最高点与最项错误；a的轨道半径与b的轨道半径相等，卫对球的万有引力的合力为零，故图2中圆环对低点的弹力之差为6mg,与h无关，B项错星b的周期等于a的周期，为24h,D项错误。误；脱轨前瞬间它受重力的作用，而该重力是4.C【解析】设宇航员的质量为m,地球的球的万有引力大小等于号F,B项正确。竖直向下的，并不指向轨道的中心，所以此时质量为M、半径为Ro,星球的质量为M,半11.D【解析】着陆器在减速下降过程中，其23XKA·物理·63·

项错误：若m=M,代入可得F-号MgB项错误、C项正确：若m=M,代人可得a=号，D项错误。6.BD【解析】本题考查共点力的衡。由于两物块的质量大小关系未知，故撤去外力后，两物块可能仍保持静止。若mgsin>Mg,则物块a受到的摩擦力沿斜面向上；若ngsin0=Mg,则物块a不受摩擦力；若ngsin0

2022届全国高考分科综合模拟测试卷物理参考答案（一一六）（共24页）《-】正确.2C设小球重力为G,则小球受到每根筷子的摩擦力F,=号Gn30,分析垂直筷子所在面小球的受力，如图所示，依题意可得，sn0=0,8,则c00一0.6，由力的衡有2Fc0s0Gos30,又一景，联立以上各式解得-号，选项正确Gcos30'匀强磁杨中做匀速圆周的方向，带正电运动，洛伦兹力是变力，加速度变化：加速曲线运动，射线2在匀强电场中做类运动，电场力是恒力，加速度恒定，是匀变速曲线运动，项放时性物质在。变之后经常伴随衰变，P名之后通常立即跟着7衰变，透项C正确：射战2的速度只有光速的10%，穿透能力弱，射线1的速度很快，穿透力强，透项D情误4D设高压线路的输送电流为，功率损耗为△P,由△P=F一，可知当电厂的输出功事P一定时，应提高高压线路的输送电压U,诚小高压线路的总电凰，才能减小△P即降低功率损耗，选项A佛误：若高压线路上制失的电压为，则输电效率可用×100%=气兴×100%来计算，选项B错误：由，一二×100%,结合7=95%.U=200V可得-100V,降压变压器原线圈的端电压U-U-△-1900V,降压变压器刚线周的端电压U,-Ua一20V,可得降压变压器原，刷线围的五数比为号-普，选项C错误：由)paD×100%,结台产95%Pm-9.5×10W,可得△P-500W,由△P-,结合W=10V,可得高压线路的总电阻r-200,选项D正确.元D对小球受力分析，小球在水面内做匀速圆周运动，悬线的拉力与小球重力的合力充当向心力，其方向一定沿水方向，悬线与竖直方向的夹角日满足c0s=学，对物块由二力衡可得细线的拉力T=Mg,综合可得四s一号，所以悬线与竖直方向的夹角0是定值与角速度。无关，选项A错误：由力的合成，可得球的合力F台=√Mg)一(mg)大小不变，与角速度u无关，选项B错误：由牛顿第二定律Fn一a,可得向心加速度a-m是定值，由a。一w心可得小球的线速度与角速度。成反比，选项C错误，小球的动能B一之m,结合a,一兰，可得B=之，小球的向心加速度a,是定值，则有B0©，即小球的动能与匀速圆周运动的半径成正比，选项D正确。6.C由题图乙可知，小球的位移为时，小球的加速度为0，小球的合力为0，弹簧的拉力与小球的重力等大方向，小球既不是失重状态也不是超重状态，选项A错误；设月球表面的重力加速度为川，小球的质量为m,当小球向下运动的位移为x,弹簧的伸长量也为工，设小球的加速度为a,对小球受力分析，由牛顿第二定律可得mg=伽整理可得a=一点十8程结合图乙可知一岛-一是81=山，测有m-经，选项B错误：设月球的质显为从由一学结合=a解得M-“管进一步可得月球的密度产”一治选项C正确R月球的第一宇宙速度咖是卫星贴着月球表面环绕的线速度，由a,一贵结合a,=ng肌=a可得m一√@R。选项D错误。【2022分科综合模拟测试卷·物理参考答案1一~六)第1页（共24页）】

2022届全国高考分科综合模拟测试卷物理参考答案（一一六）（共24页）《-】正确.2C设小球重力为G,则小球受到每根筷子的摩擦力F,=号Gn30,分析垂直筷子所在面小球的受力，如图所示，依题意可得，sn0=0,8,则c00一0.6，由力的衡有2Fc0s0Gos30,又一景，联立以上各式解得-号，选项正确Gcos30'匀强磁杨中做匀速圆周的方向，带正电运动，洛伦兹力是变力，加速度变化：加速曲线运动，射线2在匀强电场中做类运动，电场力是恒力，加速度恒定，是匀变速曲线运动，项放时性物质在。变之后经常伴随衰变，P名之后通常立即跟着7衰变，透项C正确：射战2的速度只有光速的10%，穿透能力弱，射线1的速度很快，穿透力强，透项D情误4D设高压线路的输送电流为，功率损耗为△P,由△P=F一，可知当电厂的输出功事P一定时，应提高高压线路的输送电压U,诚小高压线路的总电凰，才能减小△P即降低功率损耗，选项A佛误：若高压线路上制失的电压为，则输电效率可用×100%=气兴×100%来计算，选项B错误：由，一二×100%,结合7=95%.U=200V可得-100V,降压变压器原线圈的端电压U-U-△-1900V,降压变压器刚线周的端电压U,-Ua一20V,可得降压变压器原，刷线围的五数比为号-普，选项C错误：由)paD×100%,结台产95%Pm-9.5×10W,可得△P-500W,由△P-,结合W=10V,可得高压线路的总电阻r-200,选项D正确.元D对小球受力分析，小球在水面内做匀速圆周运动，悬线的拉力与小球重力的合力充当向心力，其方向一定沿水方向，悬线与竖直方向的夹角日满足c0s=学，对物块由二力衡可得细线的拉力T=Mg,综合可得四s一号，所以悬线与竖直方向的夹角0是定值与角速度。无关，选项A错误：由力的合成，可得球的合力F台=√Mg)一(mg)大小不变，与角速度u无关，选项B错误：由牛顿第二定律Fn一a,可得向心加速度a-m是定值，由a。一w心可得小球的线速度与角速度。成反比，选项C错误，小球的动能B一之m,结合a,一兰，可得B=之，小球的向心加速度a,是定值，则有B0©，即小球的动能与匀速圆周运动的半径成正比，选项D正确。6.C由题图乙可知，小球的位移为时，小球的加速度为0，小球的合力为0，弹簧的拉力与小球的重力等大方向，小球既不是失重状态也不是超重状态，选项A错误；设月球表面的重力加速度为川，小球的质量为m,当小球向下运动的位移为x,弹簧的伸长量也为工，设小球的加速度为a,对小球受力分析，由牛顿第二定律可得mg=伽整理可得a=一点十8程结合图乙可知一岛-一是81=山，测有m-经，选项B错误：设月球的质显为从由一学结合=a解得M-“管进一步可得月球的密度产”一治选项C正确R月球的第一宇宙速度咖是卫星贴着月球表面环绕的线速度，由a,一贵结合a,=ng肌=a可得m一√@R。选项D错误。【2022分科综合模拟测试卷·物理参考答案1一~六)第1页（共24页）】

2022年普通高等学校招生全国统一考试语文样卷（七）参考答案及说明分析1.参考答案B说明分析本题考查对文本内容的理解和分析能力。A项，“佛教以前展现的是人间的神化，现在展现的是人间的上层”表述错误。根据原文（第②段、第③段）可知，指的是敦煌壁画中体现出来的特点，而不是佛教体现出来的特点。C项，“这表明宗教艺术已最终让位于世俗的现实艺术”表述错误。根据原文（第④段）“宗教艺术将彻底让位于世俗的现实艺术”可知，题干时态混淆，错将“未然”当“已然”。D项，“它们纯是与宗教无关的独立场景”表述错误。根据原文（第⑤段）“虽然其中有些是为了配合佛教经文，许多却纯是与宗教无关的独立场景”可知，题干扩大了范围。2.参考答案C说明分析本题考查分析论点、论据、论证方法的能力。“出现”表述错误。原文（第⑥段）作者阐述中唐社会转折变化理论层面应该是“禅宗在中唐以来盛行不已”，并非“出现”。3.参考答案A说明分析本题考查筛选并整合文本信息的能力。时间点混淆错位。原文（第②段）“到这时变得纤纤秀柔，有时甚至有点草率了”的“这时”指的是晚唐五代，而非中唐。所以本项中最后一句内容的陈述对象的时间节点混淆错位。4.参考答案B语文样卷（七）参考答案及说明分析60

利与义务，①不符合题意。材料不涉及“要拓宽公民有序参与立法的途径”，③不符合题意8.C解析：通过漫画信息“要从一座山攀上另一座更高的山，第一步便是先下山”，可知“上山”和“下山”是对立统一的，上更高的山需要先下山，启示我们要坚持在对立中把握统一，在统一中把握对立，②正确。由于要攀上另一座更高的山，所以需要先下山，说明要根据客观条件的变化，正确地发挥主观能动性，③正确。漫画未涉及“开拓创新，在实践中深化和发展理性认识”，①不符合题意。漫画未涉及抓住机遇，④不符合题意。9.A解析：“他们均年龄77岁，都是借助短视频和直播在网上传授知识、专心科普的退休老人。虽然高龄，却玩转网络，迫切地希望将毕生所学授以无数网友”，从中我们可以领悟到，要不断挑战自我，热情奉献社会和他人，提升自我价值，也可以领悟到劳动是人的存在方式，幸福是在促进社会进步的劳动中创造出来的，①②符合题意。社会意识具有相对独立性，从根本上讲是由社会存在决定的，心态不能决定生活的方向和结果，且心态依赖于物质，③错误。人的价值包括社会价值和自我价值，人的真正价值在于对社会的责任与贡献，④错误。10.D解析：“数字敦煌·开放素材库”通过资源、技术、确权管理的协同创新，激发创作活力，推动数字产业发展，同时向社会提供高品质文化产品，满足多样的文化需求，提升公共文化服务水，③④符合题意。“数字敦煌·开放素材库”创新了文化的物质载体，但不是继承发展优秀传统文化的关键所在，①错误。“数字敦煌·开放素材库”以“科技十文物”的传播方式，发挥了科技对文化建设的促进作用，但不是引领作用，②错误。11.D解析：两党制就是用相互斗争、轮流执政的形式欺骗人民大众的一种政治制度。两党制下的政党争斗是美国资产阶级维护其统治的政治外壳，D符合题意。美国总统只能直接行使国家最高行政权力，A错误。“三权分立”原则是指立法、行政、司法权力相互衡、相互制约，而不是中央与地方分权的原则，B错误。美国总统每四年进行一次选举，没有出现政权更迭频繁的状况。且资本主义基本矛盾是资本主义社会一切矛盾和冲突的总根源，C错误。12.A解析：“访问期问，主席同普京总统进行了长时间真挚友好、富有成果的会谈交流，就双边关系以及共同关心的重大国际和地区问题深人交换意见，达成许多新的重要共识”，表明中俄双方合作的深度推进，秉持了人类命运共同体理念，中俄双方的友好相处之道，树立了新型国际关系的典范，①②符合题意。国际关系的基本形式是竞争、合作、冲突，“用全面合作关系取代竞争关系”的说法错误，③不选。走和发展道路的是中国，而不是中俄双方，④不选。13.B解析：乙心直口快，当众指出甲的缺陷，有违公序良俗，以侵扰、公开方式侵犯了甲的隐私权，①正确。乙的言行与甲跟女朋友分手的事实存在因果关系，但是并没有侵犯甲女朋友的权利，④正确。名誉一般指对民事主体的品德、声望、才能、信用等的社会评价。民事主体对自己的名誉享有不受他人侵犯的权利。材料中乙没有侵犯甲的名誉权，②错误。根据材料，双方达成了凉解，而且八折卡是乙主动送给甲的，并不是惩罚性的经济赔偿，其执行也不具有强制效力，③错误。14.C解析：法律规定在环境侵权案件中，行为人只要损害了他人的民事权益，不论其有无过错，均应当承担侵权责任，②正确。一审判决生效后，焦化厂在规定期限内有申请再审的权利，④正确。本案属于民事诉讼。焦化厂可委托诉讼代理人出庭进行辩护，而不是委托辩护人出庭辩护，①错误。若李某经济困难，可以申请法律援助或由人民法院指定辩护，而不是人民法院直接为其提供法律援助，③错误。15.B解析：在“嫌疑人作案一定要有作案动机，甲有作案动机，所以甲是嫌疑人”这一三段论推理中，中项是“作案动机”，它在两个前提中都不周延，这样大项和小项的关系就不能确定，结论就不能必然得出，因思想政治答案第2页（共5页）

第一部分现代文阅读学生月入书B.文中引用郑板桥和苏轼的诗文名句，突7.文章由井冈山的竹子转向对“曾志”的显了竹子的“节”与“洁”，彰显了井冈山红军战描述，这样写有何用意？请简述。士为革命奉献牺牲的高洁品德。答：C.“就让他重新回到井冈山当农民，直到老死井冈山。”这表现曾志虽位高权重却大公无私。D.“此次学，可谓是‘命”与下文“不是宿命，而是必须”的表述，前后矛盾，表现作者对井冈山既敬且畏的纠结心理。6.下列对作品艺术特点的理解与鉴赏，不正确的一项是A文章开篇引述《菜根谭》中的句子，既引出“敬畏”一词，起到点题的作用，又明确了“敬8.“井冈山，唯有敬畏我才能心安”，作者畏”的含意，为下文做铺垫。以此为题有何意蕴？B.文章写井冈山的竹子，既摹其形，又现答：其神，从两个方面表现井冈山的竹子带给作者的心灵震撼。C.“和巍巍青山作伴的树葬墓是乡下过世的某位老人”，此句用拟人的手法，写革命老人曾志魂归故里。D.文章以“我的行踪”为线索，具体叙述了“我”在井冈山学的经历，抒写了“我”对井冈山独到的感受，形散而神不散。671

1、衡水金卷先享题摸底卷2023-2024高三一轮复摸底测试卷(广西专版)3x物理试卷答案

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A∈(0，π)，则A=.6分(2)S-号cinA=25A-56-2,

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o6l令Q☑0111：402g资0(2分)小球从D飞出做抛运动，竖直方向：R=)8,②(2分)水方向：OP=AB+R=vo③(2分)联立①②③并代入数据解得：AB=R(1分)(2)设小球与圆管之间

3、衡水金卷先享题·摸底卷 2023-2024学年度高三一轮复摸底测试卷 数学(江西专版)(三)3答案

A∈(0，π)，则A=.6分(2)S-号cinA=25A-56-2,得b-4,则a2=12,a=23,△ABC的周长为a十b十c=6十25.…12分选择条件②.由正弦定理得sin Asin C=sin

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判决该婚姻为有效婚姻，①观点错误。养女只要是和养父母：5.C【解析】中国互联网企业盛行的加班文化侵害了芳动者休办理了正式的收养手续，就有对养父母财产的继承权，②符合息休假的权利，违反了《中华人民共和国

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(2)依题意，点F的坐标为（一1,0）设直线MN的方程为y=(x十1)，将其代入椭圆方程，得(2k2+1)x2十4kx十2k2-2=0.设M(x1,y1),V(x2,y2),MN的中点P(xo,yo)

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第一节1.Who is Jack speaking to?第一部分His teacher.B.His classmate.C.His mother.听力材料Text1听力W:Jack,I expect

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基态Cr3+的价层电子排布式为3d,D项错误。9.C【解题分析】C原子的价层电子对数为2，采用$p杂化，A项错误；含有氨基，具有碱性，可与酸反应，但与碱不反应，B项错误；分子内。键与π键数目之比为4：

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(5)蒸馏(2分)(6)1.9(3分)12.(1)2:1(2分)(2)①c;Ce3+-e-Ce4+(各2分)②6(3分)(3)①2NH4HSO,电解(NTH),S,O十H,◆(3分)②0.18mol(

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是因为诉讼是有成本的，需要交起诉费。(3分)(2)可以通过调解或仲裁解决纠纷。(2分)可以通过第三方的排解疏导，说服教育，促使王某依法自愿赔偿，并达成协议，从而解决纠纷；也可以向仲裁委员会申请仲裁，就

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15,下图是20世纪60年代到90年代苏联和美国实际GDP年均增长率变化对比图。以下对此解读最为安贫本主义国家主合理的是影响力6%1776全5%18504%美国3%苏联A.a理论是1g9大箫条”出现的

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二、非选择题：本大题共4小题，共52分。每个试题考生都必须作答。17。阅读材料，完成要求。(8分)新时代10年的伟大变革，在党史、新中国史、改革开放史、社会主义发展史、中华民族发展史上具有里程碑意义。

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周测卷十一《磁场》1.D解析：本题考查地磁场。司南的磁勺具有磁性，它会受到附近磁体的影响，A项错误；磁勺与铁盘相互吸引，这将影响磁勺的转动，故不能改用铁盘来代替青铜盘，B项错误；地磁场的方向由南方（地

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加入2NH、2NO、2O,生成2N、3H,O,该脱硝过程的总反应的化学方程式为4NH十4NO十O,催化剂4N。十6H,O,D项错误。8.C【解题分析】具有相同的核外电子排布的离子，质子数越大，离子半径

≥全国@所名校高考模拟金典卷@迥所名校高考模拟金典卷·生物学（六）参考答案题序198910111131415答案BDBBBCB1.含案B解题分析据题干信熄可知，SsPINE1通过阻止或抑制PG发挥作用来阻止其对植物的侵害，而不是抑制PG的合成，A项错误；该真菌和植物细胞中的核酸彻底水解后可以得到7种有机产物(2种五碳糖和5种碱基)，B项正确；该真菌和植物细胞的细胞膜中的磷脂分子都由甘油、脂肪酸和磷酸等组成，C项错误：该真菌和植物都属干真核生物，它们蛋白质的合成不是都需要内质网和高尔基体的参与，只有部分蛋白质如分议蛋白、细胞膜上的蛋白质等)的合成需要内质网和高尔基体的参与，D项错误。2.容案C解题分析分析题图可知，本实验的自变量包括H、温度和不同种类的鱼，因变量是酸性磷酸酶(ACP)的相对活性，A项正确；反应温度超过60℃与pH低于3.8时，鳝鱼肉中的ACP都会因为空间结构的改变而失去活性，故pH低于3.8和温度超过60℃对鳝鱼的ACP活性影响的机理相似，B项正确；鱼体内能产生ATP的细胞器只有线粒体，ATP水解释放的能量可用于鱼的一些汲能反应而不是所有生命活动，C项错误；由题图可知、放置相同的时间，虽鱼在pH为6.0温度为40℃的条件下ACP活性最高，则此条件下鱼肉鲜味下降最快，D项正确。3.答案A解题分析水解酶合成的场所是核糖体，且水解酶能将大分子有机物（如蛋白质）水解成小分子有机物，但不能将大分子有机物分解成无机物，A项错误；在细胞衰老或者调亡时，细胞内的结构或整个细胞会被自噬小体分解，所以会有LC3-I蛋白被修饰形成LC3-Ⅱ蛋白，即IC3-Ⅱ/LC3-I的值可能增大，B项正确；自噬小体与溶酶体的融合过程中存在信息交流，体现了生物膜流动性的特点，C项正确；在细胞处于缺乏营养的“饥饿”状态时，自噬小体的作用会增强，将某些物质降解，以维持生命活动的需求，D项正确。4.答案D解题分析对照组中不能加入无茵蒸馏水，应加入等体积的二甲基亚矾（溶剂），A项错误；由实验结果可知，添加药物X的组别中肝癌细胞数目比添加药物Y的组别中肝瘤细胞数目少，可以初步确定药物X的抗癌效果较好，B项错误；培养肝癌细胞的过程中需加入一定量的抗生物学（六）参考答案第1页（共5页）【24新高考·JD·生物学一FJ】

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3.设等差数列{a,}的前n项和为S,，已知4，+4=14,4；=27，则S2=A.150B.140C.130D.

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考点专项突破专项训练19等比数列一、选择题（本大题共12小题，在每小题给出的四个6.设等差数列{an}和等比数列{bn}首项都是1，数列选项中，只有一项是符合题目要求的){an}公差与数列{bn}公比

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【解题分析】(1)设线框全部进入磁场时的速度为)，取向右为正方向根据动量定理得一BI1Lt=m1一m(2分)又因为q=I1t1(2分)联立解得w=4m/s。(1分)(2)设线框的电阻为R,线框全部穿过

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哈九中2024届高三学年下学期开学考试物理试卷一、选择题：本题共10小题，共46分，在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分：第810题有多项符合题目要求，每小题6分，全部

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?百蜜绣中碳原于星层六边形结构：南京大学的科学家将多层石墨烯叠加，得到了一种结构规则的新材以，其中层与层间距约为六边形边长的两倍西■及如图所示，A新材料属于非品体大小为BB新材料没有固定的熔点圆周运动

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中国电信6：0380①C令6l▣工生产光导纤维，C项错误；CI的非金属性比S的强，所以CI的最高价氧化物对应水化物的酸性比S的强，D项错误。10.C二氧化锰与浓盐酸反应需要加热，且C2能溶于水，不能用排水法收集，A项不符合题意；SO2易溶于水，【高一第二次教学质量检测·化学参考答案第1页（共2页）】241731Z2/2法收集，B项不符合题意；过氧化钠与水反应生成O2,O2难溶于水，可以用排水法收集，C项符合题意；铜与浓硝酸反应生成NO2,NO2与水反应生成NO,D项不符合题意。11.C反应①为C和Si0,反应生成C0和Si,化学方程式为2C+Si0,高墨2C0++Si,A项错误；标准状况下，SHC1为非气体，不能用气体摩尔体积计算，B项错误；硅与氧气高温条件下发生反应生成二氧化硅，氢气与氧气混合气在高温条件下易爆炸，C项正确；光导纤维的主要成分是二氧化硅，D项错误。12.A若甲为A1,丁为盐酸，则乙为A1Cl3,A1Cl3与盐酸不反应，A项错误；若甲为SO2、丁是NaOH溶液，则乙是NaHSO、丙是NaSO,B项正确：若甲为Cl2、丁是Fe,则乙是FeCl、丙是FeC2,C项正确；若甲为NH3·H2O溶液、丁是CO2,则乙是(NH)2CO3、丙是NH HCO3,D项正确。13.D过程①中，发生复分解反应，生成CuS的反应为H2S十Cu+CuS￥+2H,A项错误；过程②中，发生的反应为CuS+2Fe3+一S+Cu2+十2Fe2+,Fe3+作氧化剂，B项错误；过程③中，O2是氧化剂，每消耗1molO2,转移4mole,C项错误；根据转化关系图可判断回收S的总反应为2H2S十O2一2H2O十2S￥，D项正确。14.C该装置属于原电池，将化学能转化为电能，A项错误：铁片是原电池的负极，碳棒是原电池的正极，B项错误；在原电池中，电子从负极沿导线流入正极，所以该原电池中，电子由铁片流出经过电流计流向碳棒，C项正确；碳棒是原电池的正极，电极反应式为Cu2+十2e一Cu,D项错误。15.(1)产生黄色火焰(1分)》(2)D(2分)(3)2H++CO—CO2↑+H2O(2分)(4)CIO+CI+2H+-C2A+H20(2分)(5)100(2分)(6):N::N:;33.6;1:6(各2分)16.(1)分液漏斗(1分)：吸收尾气S02,防止空气污染(2分)(2)5S02+2MnO,+2H20—5S0+2Mn2++4H+(2分)(3)需要(1分)：Cu十2H2S0,(浓)△CuS0,+SO2个+2H20(2分)(4)漂白(1分)(5)溶液变淡黄色浑浊（或溶液中有乳白色固体析出）(2分)；氧化(1分)(6)①SO2溶于Ba(NO3)2溶液后生成HzSO3,NO5在酸性条件下将SO氧化为SO},Ba2+与SO结合生成BaSO,(2分)②<(1分)17.(1)①2NH,C1+Ca(OH,△2NH,++CaCL,+2H,0②g>abef→d(c)③在装置C和A之间连接一个盛有碱石灰的干燥管(2)2NH+3Cu0△N2+3Cu+3H,0(3)取少量样品于试管中，加入稀硫酸，若溶液出现蓝色，说明红色物质中含有CO,反之，则没有（合理即可）(4)①B瓶中出现白烟（未指出B瓶得1分）②烧杯中溶液倒吸入B瓶且石蕊溶液变为红色（每空2分）18.(1)低于65℃反应速率慢，高于95℃时HNO分解（合理即可）；3PS十8H十2NO5—3P%+十2NO↑+3S+4H20(2)制玻璃、制光导纤维（合理即可）(3)1:1(4)85.4%(5)①PbO2+4H++SO片+2e—PbS0,+2H2O②氧化（每空2分）【高一第二次教学质量检测·化学参考答案第2页（共2页）】241731Z口Oq

达到新衡时，衡常数不变，故CO2浓度不心素养。变，A项错误；合成氨的反应塔与外加电源的考查热度★★★★负极相连，并维持一定的电压可以纯化防腐，参考答案C属于外加电流法，B项错误；工业上用SO2与O2反应合成S0,对于可逆反应，增加一种反应物的量，可以增大另一种反应物的转化率，解题分析电极b上转化为C项正确；该反应为吸热反应，则O的能量更高，O3断键需要的能量更少，D项错误。10.命题角度本题结合制备流程考查元素化合物的应用。突出综合性考查要求，旨在考查六元环中N的化合价由一1升高考生的分析与推测能力，宏观辨识与微观探析的学科核心素养。到十1，发生氧化反应，电极b为负极，A项正考查热度)★★★★确，C项错误；电极a上的氧气转化为水，发参考答案A生还原反应，电极a为正极，电极反应为O2解题分析吸收烟气后的溶液为Na2SO,和+4e+4H+—2H20,反应过程中电极aNaHSO的混合溶液，则c(Na+)<上消耗H+,溶液的pH增大，B项正确；总反2c(SO)+2c(HSO3)十2c(H2SO3),A项HOOH O正确；用0.100mol·L-1的Na2S03溶液吸HO收SO2,当溶液的pH=7时，根据电荷守恒应为2+302可知c(Na+)=2c(SO)+c(HSO5),由于OHOHK=HD,则号c(HSO:)HOOHOc=2x0HO1.0×10=0.62,故溶液中OH十2H2O,该燃c(Na+)>c(HSO)>c(SO)>c(H+)=OHOHc(OH),B项错误；首先需排除亚硫酸根离料电池中消耗1mol0,的同时消耗号mol子的干扰，先加过量盐酸，开始无沉淀，再滴葡萄糖，其质量为120g,D项正确。加氯化钡溶液，若有白色沉淀生成，则说明已12.价题角度本题考查实验设计与评价。突出被氧化，C项错误；有沉淀产生，说明上层清液为饱和溶液，则c(SO号)=Ka(CaSO:>,D创新性考查要求，旨在考查考生的分析与推c(Ca2+)测能力，体现科学探究与创新意识的学科核项错误。心素养。11,命趣角度本题以葡萄糖和氧气的燃料电池粉行热度★★★★为载体，考查电化学工作原理及应用。突出参考答案C应用性考查要求，旨在考查考生的分析与推解题分析将Fe(NOa)2溶液溶于稀硫酸，测能力，体现宏观辨识与微观探析的学科核酸性条件下硝酸根离子与亚铁离子发生氧化104卷霸·高考预测卷

绝密★考试结束前2023学年第二学期浙江省9+1高中联盟学考模拟卷语文考生须知：1.本卷满分100分，考试时间80分钟：2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试卷和答题纸规定的位置上：3,答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试卷上的作答一律无效：4.选择题一律使用2B铅笔填涂答案，非选择题一律用0.5毫米黑色字迹中性笔写在答题纸上相应区域内。一、阅读与鉴赏（共14小题，45分)阅读下面的文字，完成1-2题。当前，在城市独居的青年人被称为“空巢青年”。“空巢青年”多数是80后、90后，他们在北上广等大城市居住，面临着住所、交通、婚烟等诸多问题，部分人心理压力大、生活条件较差。但即便如此，多数“空巢青年”仍不愿离开一线城市，依然在为梦想不懈奋斗。要让“空巢青年”不“空心”，关键路径在于纠正“空巢青年”的心理偏差。面对较大的生活压力，“空巢青年”需要不断调整自己的心理状态，可以采取适当的方法排解自身压力，比如参加活动、聚会等。通过参加活动缓解压力，让自己内心产生愉悦感，从而更好地应对生活。一些“空巢青年”往往以非理性的视角看待“空巢”现象。“空巢青年”应积极主动改变心理认知，将自己的“空巢”现状视为成长成熟的标志，将“空巢”过程中的孤单和寂寞转化成为人生财富。“空巢青年”要积极主动参与社会活动，融入集体活动和社会组织中，比如参加兴趣小组、志愿者团队等。通过参与活动增加与他人交流的机会，在交流过程中排解自己的苦闷。此外，“空巢青年”还应以积极的态度不断学丰富自我，要进一步获取知识和技能，不断提升自我素质和综合能力，以知识和技能武装自己，增加在大城市生存的“筹码”。“空巢青年”面临的一个大问题就是居住环境不佳，“空巢青年”一般与周围邻居互不相识，在大城市中独自生活极易产生孤独感。因而，一些“空巢青年”认为自己得不到重视，是社会的“多余人”。因此，社区和公寓要充分保障“租售同权”，确保“空巢青年”租赁房屋能够享受到与购买房屋同等的待遇。社区的相应配套服务要一应俱全，积极为“空巢青年”创造良好的居住环境，让其在出租屋内也能感受到归属感。当前，一些人给“空巢青年”贴上了负面标签，不仅将“空巢青年”视为边缘人群，更错误地认为“空巢青年”是“问题青年”“自闭青年”。如果一部分人使用“有色眼镜”看待“空巢青年”，长此以往，会导致“空巢青年”产生远离社会、排斥社会的心理。要让“空巢青年”不“空心”，就要对“空巢青年”心怀包容和用心呵护，让“空巢青年”真正感受到源自社会的关爱。(选自《人民论坛》2018年4月，有删改)1.下列对文中“空巢青年”的表述不正确的一项是（▲)(3分)A.“空巢青年”多数是在北上广等大城市独居的80后、90后青年人。B.他们面临着住所、交通等诸多问题，部分人心理压力大、生活条件较养。C.多数“空巢青年”面对各方面的压力，依然在一线城市为梦想不懈奋斗。D.作为社会的“多余人”，“空巢青年”都认为自己得不到大家的重视2.下列说法符合文意的一项是（▲）(3分)A.“空巢青年”只要以积极的态度不断学丰富自我，就能增加在城市生存的“筹码”。B.社区应积极为“空巢青年”创造良好的居住环境，例如相应配套服务要一应俱全等。语文学考模拟卷第1页（共4页）

7.率A解题分析本题考查有机物的结构与性质。X中六元环上与酯基相连的碳原子是饱和碳原子，故X中所有碳原子不可能位于同一面，A项错误；由Y的结构可知，其分子式为CH2O,B项正确；X中含有酮羰基，能发生加成反应，含有酯基，能发生水解反应，X燃烧时发生氧化反应，C项正确：X不与澳水反应，Z中含有酚羟基，酚羟基邻位碳原子上的氢原子可以被溴取代生成沉淀，可用溴水鉴别X和乙，D项正确。8.答案C解题分析本题考查实验基本操作。亚硫酸钠溶液能吸收SO2生成亚硫酸氢钠，A项错误；海带提碘实验中使用坩埚将海带灼烧成灰，B项错误：烧瓶和分液漏斗通过橡皮管连通，故关闭，打开b,不管气密性是否良好，分液漏斗中的液体均可顺利流下，不可检查装置的气密性，D项错误。9.答系B解题分析本题考查元素的推断与元素周期律。根据题意可知，X为F、Y为O、Z为N、Q为C、T为S。碳的氢化物中还有固态烃，其沸点较高，A项错误：同周期元素从左到右，元素的第一电离能呈增大趋势，N的印能级为半充满稳定结构，第一电离能反常，则第一电离能大小关系为C

2025届高考滚动检测卷（三）·物理参考答案、提示及评分细则1.C△D=p:一p,=m(一u)=5X105X(一80-40)=-0.6g·m/s,则A,B均错误：由动量定理可得F△=P:-P:解得F=A、P=一60N,负号表方向与飞来方向相反，则C正确，D错误At2.D笼体表面有感应电荷，选项A错误：笼体内部没有电场，因此体验者不带电，选项B错误：体验者与笼体是等势体体验者与金属笼内壁接触不会形成电流，不会发生触电，选项℃错误；金属笼内部场强为零，由于电势为相对量，因此笼体的电势可能不为零，选项D正确，3.C对人图.开始一段时间，机车的功率逐渐增太：则机车的功率不恒定，A不符合题意：对B图，开始一段时间，机车的速度随时间均匀增大，加速度是定值，机车是以恒定的加速度启动，不是以恒定的功率启动，B不符合题意：若机车以恒定的功率启动，则其速度增加，牵引力藏小，当牵引逐渐减小到与阻力等大时机车以最大的速度做匀速，C符合题意：对D图，开始一段时间，机车的加速度是定值，机车是以恒定的加速度启动，不是以恒定的功率启动，D不符合题意，故选C4.D由电路图可知，A,B间的电压恒定，可变电阻R和R:并联后和R串联，电压表V,的示数增大△2，则并联电路电压减小R:电阻不变，则适过它的电流即总电流增大爱，通过R的电流减小，通过可变电阻R的电流增大，可得可变电阻R的阻值减小，A错误；A、B间的电压恒定，电压表V:的示数增大△，则并联电路电压减小△，B错误：并联电路电压减小，通过电阻民的电流减小.减小量等于誉，C错误：总电流通过R和R,塔大量为装，道过电醒民的电流减小量为警，则适过可变电阻R的电流指大量大于爱，D正确。5,A由图像电势的变化可知，沿x负方向电扬向左：x正方向电场方向向右，切线表示电场的大小，所以负方向场强逐渐变小，右侧场强大小不变，所以不能是匀变速运动，C错误，根据电场做功W=一U一g(0一%)，电势差相等，所以恰好运动到B点，但由两侧场强分布情况不同，则A0与B0之间移动距离不相等，由于仅受电杨力作用，则动能与电势能之和保持不变，则A正确，B,D错误6,D由电路图可知N板带正电，则由受力衡可知，小球受电场力垂直板向上，则小球带正电，则A错误：若5保持闭合，由于电容器断路，则调节R不改变两板间任何物理址，小球仍静止，则B错误，若S断开，则两板电荷量不变，改变两板间距离，板间电场强度大小不变，小球仍静止，则C错误：由衡条件可得m以c©s30号解得g-则D正确?.CD地球静止轨通卫果和倾斜地球同步轨道卫星在轨运行线速度大小相同，方向不同，A项精误：由于地球静止轨道卫显和领解造球同少精道卫星的质量大小未知，无法比较机城需大小，B项信误：由G一=mr(孕)可知轨道半径越大，加速度越小，调期继大，因此CD项正确。【025届高考深动检测卷（三·物理参考答案第1页（共4更）】