的对实验结果无影响，只要小球在抛出点的初速度相等就行。(2)由题图乙可知，A、B、C中相邻两点间水距离相等，所以运动时间相等，设相邻两点间的运动时间为t。小球从A到B,竖直方向有y专，得1√反√25g-02s:小球的初速度大小w音0.之m/s=1.1m/s:小球经过B点时竖直方向的速度大小v,=gt=9.8X0.2m/s=1.96m/s.0.228.解：(1)设小球从A点运动到B点的时间为t,则竖直方向有H-h=)s(3分)得=/2(H=D=1.2s(1分)g水方向有x=t(2分)得==5m/s。(1分)(2)小球到达B点时的速度大小v=√2+u,2=√2十(gt)2=l3m/s。(3分)(3)墙高h'=4m,设当小球恰好撞击墙上端时初速度为'，则竖宜方向有H-N-2”（3分)得=1s(1分)水方向有x=6't'(2分)得'=6m/s(1分)故要使小球不撞击墙，小球从A点水抛出的速度的大小取值范围'>6m/s。(1分)9.解：(1)小球第1s内在x方向做匀速直线运动，有u,==2m/s(2分)在y方向做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得F=a,(2分)解得a,=2m/s2(2分)=a,t=2m/s(2分)小球在1s末的速度大小u=√0,2十，2=2√/2m/s。(2分)(2)第1s内小球在x方向的位移x=t=2m(2分)小球在y方向上做匀加速直线运动，心方向的位移y=2Q,2=1m(2分)即1s末时小球刚好运动到C点，小球在桌面上运动的时间为1s。(2分)(3)小球从桌面飞出后做抛运动，则有么=72(3分)解得小球在空中运动的时间to=0.6s(1分)小球落地时竖直分速度为，=gt=6m/s(2分)则小球落地时速度的大小v地=√十u2=2√Im/s。(2分)·4·【22新教材.ZC.物理·参考答案一YJB一必修第二册一G DONG】

OM的夹角为60°，故A,B情误：当a移至圆上P点，由于O处的磁感应强度大小始终为零，所以导线：，b在O心，设0P与：萄夹角为e,由几何关系有血a=品处产生的磁感应强度的合7C08a=匿感应强度大小始终为OF,0P=V+(7d=52d,,=B4=仙，方向行于00p1rcos(37°+@)，所以得到c0s(37十a)=c9s37°·cm5aMN指向右侧，导线b在O处产生的磁感应强度的方向不变，根据三角形法则，当导线α在O处产生的磁感应强如37·a=乞，r=5d,由牛顿第二定徐得mB度与导线b在O处产生的磁感应强度的方向垂直时，公中电流最小，如图所示，根据几何关系和行四边形法,解得。=59Bmv,放B正确：根据以上分析知37°+则，此时OP与ON的夹角为90°，导线a在O处产生的a一45，故a一8°，设粒子射出磁畅的速度与x轴正向夹覆悠应强度B=B。·血302,则此时导线a中角为9，速度的偏转角与粒子运动轨迹所对应的圆心角相2r等，由几何关系可知出射速度方向与x轴的夹角为37电流L.-受1，故C错误，D正瑰故C正确：由于2r一10d>7d,故粒子在磁畅中不能做完7.AD解析：金属导体中有自由电子，当形成电流时，金属整的圆周运动，在磁杨中运动时间最长的轨迹如图(》所导体内的自由电子逆着电流的方向做定向移动，在磁场中受到洛伦益力作用的是自由电子由左手定则可知，自示，最长运动时同>号即>器放D特误由电子受到的洛伦兹力沿x轴正方向，自由电子向前侧面偏转，金属导体前侧面聚集了电子，后侧面感应出正电P7d.d荷，金属导体前侧面电势低，后面电势高，故A正确：金属导体前后侧面间的电势差是感应电势差，则有U=E弘，E为感应电场强度，所以金属导体的电阻不等于了，故B5尺错误，由电流的微观表达式可知，电流I■nmS■x,电子定向移动的速度大小口女，故C蜡误！电子在做图(b)匀速直线运动，洛伦兹力与电场力衡，由衡条件得E=B,导体前后面间的电势差U=必，解得B一U，故D正确。题型08电路和电磁感应高老击择题型8,CD解析：根据左手定则可知电子在国环内受到沿半径向外的磁畅1的洛伦兹力方向垂直环面向里，电场包型得点力需要与该洛伦兹力衡，电杨力方向应垂直环面向本专题主要沙及电磁感应产生的条件，感应电动势大外，由于电子带负电，故电场方向垂直环面向里，A错误：电子在圆环内沿顺时针方向做半径为R,遮率为罗的小的计算、电磁感应中等效电路的寻找、电磁感应中的能量何题、电磁感血与实际生活的联系，直流电路的动态分析与句速圆周运动，期电子运动周别为T-2,B正确！电子能量及含容电骆的处理，在圆环内受到藏场2的洛伦兹力提供电子做圆周运动的解围策留向心力，则有B=m发，解得B-深，C正确：电子在垂对于直沈电路的动态分析，首先要看整个回路的惑电直环面方向受力衡，则有E一B,解得E一阻变化，然后幕用闭合电路的歌辉定律确定电流变化，最后根据内外电压关系进行判定；对于直流电路的一些二级结正确.论要高度重视：电磁感应问愿要准确找到电源以及电源的9.BC解析：根据粒子运动的轨y正负极，然后确定电路结构，结合直流电路的如识求解迹并结合左手定则知，带电粒子带负电，故A错误：根据题意Pddy超型倒错画出粒子在磁场中的运动轨迹7d B本专题易惜点：一，等效电路的子我：二、对电路中的能如图()所示，作人射速度的垂量计算理解欠缺：三、电磁感应产生条件重视度不梦，顿向线，连接OP作中香线，两线相图(a)于单纯记一些结论去生操硬套：四、电藏感应中电略寻找不交与A点，A点即为轨迹的圆到位，感应电动势大小计算情误物理参考答案/13

OM的夹角为60°，故A,B情误：当a移至圆上P点，由于O处的磁感应强度大小始终为零，所以导线：，b在O心，设0P与：萄夹角为e,由几何关系有血a=品处产生的磁感应强度的合7C08a=匿感应强度大小始终为OF,0P=V+(7d=52d,,=B4=仙，方向行于00p1rcos(37°+@)，所以得到c0s(37十a)=c9s37°·cm5aMN指向右侧，导线b在O处产生的磁感应强度的方向不变，根据三角形法则，当导线α在O处产生的磁感应强如37·a=乞，r=5d,由牛顿第二定徐得mB度与导线b在O处产生的磁感应强度的方向垂直时，公中电流最小，如图所示，根据几何关系和行四边形法,解得。=59Bmv,放B正确：根据以上分析知37°+则，此时OP与ON的夹角为90°，导线a在O处产生的a一45，故a一8°，设粒子射出磁畅的速度与x轴正向夹覆悠应强度B=B。·血302,则此时导线a中角为9，速度的偏转角与粒子运动轨迹所对应的圆心角相2r等，由几何关系可知出射速度方向与x轴的夹角为37电流L.-受1，故C错误，D正瑰故C正确：由于2r一10d>7d,故粒子在磁畅中不能做完7.AD解析：金属导体中有自由电子，当形成电流时，金属整的圆周运动，在磁杨中运动时间最长的轨迹如图(》所导体内的自由电子逆着电流的方向做定向移动，在磁场中受到洛伦益力作用的是自由电子由左手定则可知，自示，最长运动时同>号即>器放D特误由电子受到的洛伦兹力沿x轴正方向，自由电子向前侧面偏转，金属导体前侧面聚集了电子，后侧面感应出正电P7d.d荷，金属导体前侧面电势低，后面电势高，故A正确：金属导体前后侧面间的电势差是感应电势差，则有U=E弘，E为感应电场强度，所以金属导体的电阻不等于了，故B5尺错误，由电流的微观表达式可知，电流I■nmS■x,电子定向移动的速度大小口女，故C蜡误！电子在做图(b)匀速直线运动，洛伦兹力与电场力衡，由衡条件得E=B,导体前后面间的电势差U=必，解得B一U，故D正确。题型08电路和电磁感应高老击择题型8,CD解析：根据左手定则可知电子在国环内受到沿半径向外的磁畅1的洛伦兹力方向垂直环面向里，电场包型得点力需要与该洛伦兹力衡，电杨力方向应垂直环面向本专题主要沙及电磁感应产生的条件，感应电动势大外，由于电子带负电，故电场方向垂直环面向里，A错误：电子在圆环内沿顺时针方向做半径为R,遮率为罗的小的计算、电磁感应中等效电路的寻找、电磁感应中的能量何题、电磁感血与实际生活的联系，直流电路的动态分析与句速圆周运动，期电子运动周别为T-2,B正确！电子能量及含容电骆的处理，在圆环内受到藏场2的洛伦兹力提供电子做圆周运动的解围策留向心力，则有B=m发，解得B-深，C正确：电子在垂对于直沈电路的动态分析，首先要看整个回路的惑电直环面方向受力衡，则有E一B,解得E一阻变化，然后幕用闭合电路的歌辉定律确定电流变化，最后根据内外电压关系进行判定；对于直流电路的一些二级结正确.论要高度重视：电磁感应问愿要准确找到电源以及电源的9.BC解析：根据粒子运动的轨y正负极，然后确定电路结构，结合直流电路的如识求解迹并结合左手定则知，带电粒子带负电，故A错误：根据题意Pddy超型倒错画出粒子在磁场中的运动轨迹7d B本专题易惜点：一，等效电路的子我：二、对电路中的能如图()所示，作人射速度的垂量计算理解欠缺：三、电磁感应产生条件重视度不梦，顿向线，连接OP作中香线，两线相图(a)于单纯记一些结论去生操硬套：四、电藏感应中电略寻找不交与A点，A点即为轨迹的圆到位，感应电动势大小计算情误物理参考答案/13

2mvo2mv2mu。即一Bg2d=2mw一2mo解得g3B整个运动过程中通过金属棒a的电荷量为29B卫瑞由g-一迟：一284一欲得4的-2答CE确：根程框量和定名△ΦBASB'd2m1+合m十Q.+Q,Q.=2Q,解得Q.-号mw,D正确4物理（八）1.C【解析】根据E=h可知，能量越大，波长越短。当温度升高时，黑体辐射强度的极大值向波长较小的方向移动，A错误：在康普顿效应中，当入射光子与晶体中的电子碰撞时，会把一部分动量转移给电子，光子的动量减小，根据一可知，被长变长，B错误，根据牛顿第二定律大=m,电子动能为”=艺氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，电子的运动半径减小，动能增大，库伦力做正功，电势能减小，C正确；比结合能越大，原子中核子结合得越牢固，原子核越稳定，D错误。故选C。2B【解析】由题意可知，擦冰手在冰壶运动的前方高速摩擦冰面（刷冰），减小冰壶前侧受到的摩擦力，而后侧受摩擦力几乎不变，若冰壶按如图①的逆时针方向旋转，则沿速度垂直的方向，摩擦力的合力向左，则冰壶运动轨迹将向左偏转；同理若冰壶按顺时针方向旋转，冰壶运动轨迹向右偏转。即①④正确。故选B。3.C【解析1发电机输出的电压的有效值为U,-10002-100V,为了保证日光灯正常发光，√2应使得副线圈两端的电压为220V,根据电压正比匝数公式可知1-，代人数据得100101U2n22201第得，=12A,根据电流区比西数公式可两兰-吉屏得，=8A设接人也当的日光灯数量为1，故易48A,解得n=264,C正确。4C【解折】分钟喷出的水的质经为m=QS以，解得水的流速一，选取4，时同内打在材料表而质蛋为△m水为研究对象，以从细喷嘴高速喷出时的速度方向为正方向，由动量定理得一F△t=0一△mu,其中△mpS△t,解得F=S2,根据牛顿第三定律，材料表面受到的压力F'=F,水对材料垂直于表面方向的压强pS,代人数据解得p=1.0X10'Pa.故C正确，ABD错误。放选C.5.C【解析】依题意，将A、B两物体视为一整体，由于静止，B物体与斜面之间存在着支持力N与正压力这一对作用力与反作用力，还可能与斜面间有相互的静摩擦力，即最多只有两对作用力与反作用力，故A错误；依题意有，以C为研究对象对其受力分析，设绳子张力为T,杆对C的作用力为N1,则有Tcos3=mg,Tsin3=N1,解得T=0.5N.将A、B视为一整体，对其受力分析有，由于整体重力沿斜面向下的分力为G1=（mA十mg)gsi37°=1.8N,（mA+mB)8绳子拉力沿斜面向上的分力为T'=Tc0s37°=0.4N,因整体静止且G1>T',可知斜面对B物体有一个沿斜面向上的静摩擦力，将A、B视为一整体，设斜面对其支持力为N,静摩擦力为f,对其受力分析如图所示，则有Tsin37°+(m+mB)gcos37°=N,f+Tcos37°=(mA+mr)gsin37°，解得N=2.7N,f=1.4N.则斜面对B的历大小为F三N+三N,根据行四边形法则，F的方向介于N与f之间，并不是垂直于向上，故B错误，将A,B视为一整体，剪断细线后，假设水方向上没有相对滑动，则有共同的加速度沿斜面下滑，设为a,有(mA+mB)gsin37°-μ(mA十mB)gcos37°=ma,解得a=2m/s2,则在竖直方向的分加速度为a,=asin37°=1,2m/s2,B、A之间的正压力为N”,则有mAg-N”=maasin37°，解得N”=0.88N,在水方向的分加速度为a,=acos37°=1.6m/s2,以物体A为研究对象可知mAa,=0.16N

【中丨版权所有，未经许可禁止外传，一经发现追究法律责任】邯郸市2022一2023学年第二学期质量检测高一物理参考答案题号2678910答案A8CBDAADBDABC1.A解析：在最高点，乘客的向心加速度向下，处于失重状态，所以座椅对他的支持力小于乘客重力，故A正确；在最低点，乘客的向心加速度向上，处于超重状态，所以座椅对他的支持力大于乘客重力，故B错误；乘客随摩天轮匀速转动，动能不变，重力势能不断变化，所以机械能发生变化，故C错误；乘客重力的功率等于重力乘以竖直方向的速度，故重力的功率一直变化，故D错误2.C解析：=0时刻，由动能F.-2mm,可得Ew=2Em,故A错误：A,B两物体均做匀减速直线运动，由v-t图像可知二者的加速度相同，则由F=ma,可得2FA=FB,故B错误由能量守恒可知，整个过程中动能因为摩擦力做功完全用来产生热量，则A、B两物体克服摩擦力做功之比为2：1，摩擦产生的热量之比也为2：1，故C正确，D错误。3.B解析：B、D两处的点电荷在A点产生的合电场强度为零，C处的点电荷在A点产生的电场强度方向沿CA方向，要使A点的电场强度为零，则匀强电场的方向沿AC方向，故B正确。4.C解析：负点电荷从A点运动到B点，动能增加，则电场力做正功，电势能减小，则EA>EB,则”APM,EM>EN;由于只有电场力做功，电势能和动能之和不变，所以vM

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10.物体沿一条东西方向的水线做直线运动，取向东为运动的正方向，其速度-时间图像如图第II卷（非选择题）四、解答题（本题共3小题，共34分。其中15题8分，16题10分，17题16分。）所示，下列说

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C,通过胚胎移植技术可实现跨物种的基因交流低胎移植前，要对供体和受休进行免疫检查，以防止发生免疫排斥反

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10.【答案】B【解析】细节理解题。根据最后一段“David Evan8,.neat package.."可知，David Evans说采用两种方法来测量是重要的，因为恐龙和人一样形状不规则，不易测量

5、湖北圆创湖北省高中名校联盟2024届高三第四次联合测评答案(物理)

三、非选择题：本题共5小题，共57分。上（6分》图甲为深记速度与物体受外力大系”的实羚装汽。是研究容小命用该实验装置来测量小车的质量M和当地的重力加速度g·纸带槽码木板打，点计时器图甲(1)保持小车

1、2024届高三年级大数据应用调研联合测评(冲刺模拟卷)答案(生物)

(4)生理盐水(1分)用适宜强度电刺激减压神经(2分)电刺激减压神经中枢端，血压下降，电刺激减压神经外周端，血压基本不变：电刺激迷走神经中枢端，血压基本不变，电刺激迷走神经外周端，血压下降。(2分)2

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的88书查“与“进账“是对立的，过分重视一万血，另一万血就会堂到影呵。③)矛值的同一性是指矛盾双方相互

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18.(14分)阅读材料，完成下列要求。材料一在“大航海时代”到来之前，与其他大陆几乎处于隔绝状态的美洲的印第安人创造出自巴独特的文化。资本主义兴起之后，欧洲人发现了美洲，开始对印第安人进行征服，并痕

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第9题图第10题图【答案】2520【解析】由图得，定值电阻R1、R2并联，由欧姆定律得，电源电压为：U

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全国100所名校高考模拟示范卷人18.(13分)碳的氧化物(C0、CO2)在工业上有着重要的用途。利用合成气在催化全国100所名校高考模拟示范卷。剂的作用下合成甲醇，可能发生的反应如下：(1)已知：H

操作【：取少量粗盐溶液于试管中，滴加足量氢氧化钠溶液，出现的现象，证明粗盐溶液中含有MgCl,。操作Ⅱ：向操作【的上层清液中滴入足量碳酸钠溶液，出现有白色沉淀产生的现象，证明粗盐溶液中含有CaCl2。操作Ⅲ：向操作Ⅱ的上层清液中滴人足量氯化钡溶液，出现有白色沉淀产生的现象，证明粗盐溶液中含有Na,SO4。(1)分析发现操作Ⅲ的结论有不足之处，原因是什么？(2)通过对操作Ⅲ中的白色沉淀进行实验探究，证明粗盐溶液中确实含有Na,S04,请写出该实验的操作和现象。得分评卷人四、综合应用题（共10分）25.芽苗菜是近年兴起的一类绿色保健、无公害、无污染菜品。化学兴趣小组同学对市场上用于芽苗菜培养的通用营养液（分A、B两瓶）开展项目式学。项目一：探究营养液的成分营养液A营养液B肥料名称硝酸钙硝酸钾硫酸铵磷酸二氢钙营养液溶质的质量分数/%9.458.084.931.53AB(1)硝酸钙溶解时解离成填符号)分散在溶液中。(2)下列有关两种营养液的说法中，正确的是a.营养液A中的硝酸钙不属于复合肥料b.营养液A中的钙不是植物生长所需元素c.营养液B中所含三种物质都属于复合肥·d.为保证高产，使用营养液浓度越大越好(3)验证营养液B中含有铵态氮肥：设计并实验】实验操作实验现象实验结论取少量营养液B于试管中，加入氢氧化钙营养液B中含有铵态氮肥项目二：探究营养液的酸碱性(4)芽苗生长适宜的pH为6.5~7.5，甲同学取少量营养液A于试管中，滴加几滴无色酚酞试液，观察到得出营养液A呈中性的结论。乙同学质疑甲同学的结论，理由是0【分析交流】(5)农业上常采用加入改良剂的方法来调节土壤的酸碱性，如改良酸性土壤可用项目三：自制营养液离子NOCI-s02PO同学们决定利用从实验室中找到的硝酸钾、硫K溶溶溶溶酸铵、氯化铵和磷酸钾(K,PO4)来自制营养液。Na*溶溶溶溶右表是部分酸碱盐的溶解性表。(6)硬水中含有较多的CaCl2、MgCl2,同学们认为Mg2溶溶溶不不能用于自制营养液，原因是什么？（用化学Ca2*溶溶微不方程式表示，写出一个即可)(7)工业生产氨态氮肥的方法：先将氯气和氢气在催化剂和高温高压条件下转化成氨气，再将氨气制成铵态化肥使用。某大型化肥厂年产102万吨氨气，则理论上该厂每年消耗氮气多少万吨？化学试卷(A)第4页（共4页）

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2024-11-05 20:21:13

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