高三期中h·化学。·化学·参考答案及解析-Cu*(aq)+2OH-(aq),Kp[Cu(OH)](2)@Fe在阳极失电子生成Fe+。冰化碳和氢气浓度增大，相当于反应I的反应物浓度△n2.0×10-0,以及Cu2+(aq)+4NH3(g)一②依据电解原理，氯离子在阳极失电子生成氯气，电增大，反应I衡正向移动，A项正确；降低温度，反12[Cu(NH):]2+(aq)的衡常数K=2.0X10可极反应为2C1一2e一C,↑，氯气具有氧化性，应I和Ⅱ的正、逆反应速率都减小，B项正确；恒温xmol6mol×0.2知，Cu(OH)2(s)+4NH3(g)一氧化亚铁离子生成铁离子使溶液变为黄色，反应的恒容下充人氨气，各物质浓度不变，衡不移动，C解得x=0.6,则参加反应I的氢气的物质的量为[Cu(NH,):]2+(aq)+2OH(aq)的衡常数K=离子方程式为Cl2+2Fe2+一2Fe3++2C1。(8项错误；增大压强，反应I衡正向移动，CO2和H,1.8mol,生成甲醇的物质的量为0.6mol,生成水蒸Km[Cu(OHD2]×K1=2.0X1020X2.0×103=(3)①控制变量，通过电解pH-1的0.2mol/L的的浓度减小，反应Ⅱ衡逆向移动，当反应I达到气的物质的量为0.6mol,而二氧化碳的转化率为4.0×10-7。NaCl溶液来做对照实验继续探究。衡时，二氧化碳和氢气浓度不再改变，反应Ⅱ也同时50%,则参加反应Ⅱ的二氧化碳的物质的量为2mo(6)①实验Ⅱ中的现象为无色溶液变紫红色，说明有②依据检验氯气的实验方法分析，取少量阳极附近达到衡，因此增大压强，反应I和Ⅱ重新达到衡×0.5-0.6mol=0.4mol,反应Ⅱ消耗氢气MnO,生成，离子方程式为2Mn2+十5BiO十14H的溶液，滴在淀粉碘化钾试纸上，试纸变蓝色证明生的时间相同，D项错误。0.4mol,生成一氧化碳0.4mol,生成水蒸气—2MnO+5B++7H20。成氯气，否则无氯气生成。(3)①由图可知，230℃时甲醇产率最高，该温度下0.4mol,衡时容器中有二氧化碳1mol,氢气②根据I中现象产生黄绿色气体，试纸变蓝，以及氧③根据表格数据比较可知，电解pH=1的NaCl溶使用催化剂CZ(Z)T,甲醇选择性较大，故选B、1.8mol,甲醇0.6mol,水蒸气1mol,一氧化碳化剂的氧化性大于氧化产物的氧化性可知，氧化性：液与Ⅱ作对比，通过控制电压证明了亚铁离子还原性大于氯离子，F优先放电。5成D项。NaBiO3大于氯气；再结合2Mn2++5BiO,十14H04m氢气转化率为X10%=,设②230℃以上，温度升高，反应I的衡向逆反应方—2MnO,+5Bi3+十7H2O,可知NaBiO,.的氧化30.(10分)向移动，反应Ⅱ的衡向正反应方向移动，但温度对衡时容器体积为V,则反应Ⅱ的衡常数K性大于高锰酸根离子，故MnO,、NaBiO:、Cl2中氧(1)<(1分)减小(1分)反应Ⅱ的衡影响更大，所以在230℃以上，升高温≈0.22化性最强的是NaBiO,。司(2)AB(2分)度C0,的转化率增大，但甲醇的产率降低③流程中的“氧化”步骤当中，氯气是氧化剂，(3)①BD(1分)(4)由于发生反应I,容器容积减小，设参加反应INaBiO,是氧化产物，氯气的氧化性大于NaBiO.,在②230℃以上，温度升高，反应I的衡向逆反应方的二氧化碳的物质的量为xm0l,则有关系式：实验I中得出的结论是NaBiO3的氧化性大于氯向移动，反应Ⅱ的衡向正反应方向移动，且温度对气，结论不一致，通过分析可以发现，两者的条件不反应Ⅱ的衡影响更大(1分，其他合理答案也给分)一样，“氧化”步骤中是碱性条件，实验I中是酸性条（4)55%(2分)0.22(2分)件，故NaBiO,和Cl2氧化性强弱不一致的主要原因0门东动西，大普自安学出中里是年是溶液的酸碱性不同【解析】(1)温度T降低，一增大，由图像可知，反应29.(10分)I的1nK随的增大而增大，反应Ⅱ的hK随7(1)KSCN(1分)(2)①阳(1分)的增大而减小，即随着一的增大，反应I的K增大、②Cl2+2Fe2+—2C十2Fe3+(2分)反应Ⅱ的K减小。所以，当温度降低，反应I的K增(3)①0.2(1分)NaC1(1分，其他合理答案也大、衡正向移动，反应I为放热反应，△H小于0；给分)当温度降低，反应Ⅱ的K减小、衡逆向移动，反应②取少量阳极附近的溶液，滴在淀粉-KI试纸上，若Ⅱ为吸热反应，△H2大于0。依据盖斯定律，反应试纸变蓝，证明有C2生成，否则无C生成CO(g)+2H2(g)一CH,OH(g)可由I-Ⅱ得到，(2分)即焓变△H=△H-△H2,而△H<0、△H,>0,所③通过控制电压，验证了Fe+先于C放电(2分)以△H<0,温度升高，衡逆向移动，化学衡常数【解析】(1)加人KSCN溶液，若出现血红色，则说明减小，含有Fe3。(2)增大一氧化碳浓度，反应Ⅱ衡逆向移动，二氧7··8

151靶向提升参考答案及解析均密度，C项正确。a、b、c、d四个物体的质量关系米电场方向反向后，设物块沿斜面下滑的加速度为42，知，机械能大小无法判断，D项错误，根据牛顿第二定律有mgsin0一μngcos0+F。=T,BD【解析】1时刻前，线圈在磁场外做自由落体运ma2,解得a2=7m/s2,物块上滑时加速度大小为a=动，加速度a1=g:线圈进入磁场的过程中，设在△时间内的速度变化量为△o:线圈的加速度为a,可求3m/g2,根据运动学公式可求时间为1—√a,代入电容器的充电电流为1=9=CAU CBLA数据解得下滑时间和上滑时饲之比为号=入√会a△1△t△CBLa2,根据牛顿第二定律有mg一BIL=ma2,联立两式解得a,n十Cmgsin30°=5m,所以可知物块运动到最高点后静止，受到沿斜面向下静瘴擦力的作用，根据衡条件可求静晔擦力∫=2m,B项错误。由题意知动摩擦因数u=号=8n30°，所以重力沿斜面向下的分力等于滑动摩擦力，即有mgsin30°=mgcos30°=5m,。出以可知在运动过程中，物块重力势能的增加量等于克由几何关系可得4一4r,联立解得%一9B。4m服摩擦力做的功，A项正确。由于F电=？m大于摩上分析知带电粒子做匀速圆周运动的周期T等于擦力，所以电场力与摩擦力的合力做正功，物块机械磁感应强度随时间变化的周期T6,根据带电粒子能增加，根据能量守恒定律可知，物块电势能的诚少量等于机械能的增加量与产生热量之和，C项正确。在匀强磁场中匀速圆周运动的周期公式T一，gBo2

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B黄初四年四月癸已，汉王病逝，谥号为昭烈皇帝。五月，太子刘禅即位，大赦天下。政事无论大小，都由诸葛亮决定。C诸葛亮到达南中，所到之处捷报频传。他让李恢与马忠从益州、群柯两路进军讨伐，击破各县叛军之后，

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对天然盐湖进行改造，以及人工开凿盐坑，形成了采盐场、晒盐池等人工湿地，是柴达木盆地人工湿地面积增加的主要原因，D对。36.(22分)(1)①完善公路运输网（或合理布局交通线）；(2分)②加强红岛与东、西两岸的经济联系（或促进红岛开发)；(2分)③青岛-兰州高速从胶州湾地区北部经过，更有利缩短大桥与高速公路的衔接时间；(2分)④湾口己经有公路隧道，与大桥功能相似：（2分)⑤胶州湾水面与水下舰船通航需求大，无桥墩可保证湾口通航能力与安全；(2分)⑥湾口北部连接老城区，道路窄，征迁难度大、成本高：(2分)⑦减轻过境车辆对老城区的交通压力。(2分)(答对其中4点得8分)(2)①易形成大雾天气：(2分)②冬春季路面易积雪、结冰；(2分)③大风等恶劣天气多：(2分)④夏秋季节可能受台风影响。(2分)（答对其中3点得6分，其他答案合理可酌情给分）(3)有利于节省时间成本：有利于加强区域联系：促进青岛城区一体化发展：有利于改善营商环境：促进产业的合理布局。（任答1点得2分，答出4点得8分，其他答案合理可酌情给分）【解析】(1)北有兰青高速、南有胶州湾公路隧道，中部布局胶州湾大桥，可合理布局交通线，完善公路运输网；有支线与红岛相连，可加强红岛与东、西两岸的经济联系（或促进红岛开发)：胶州湾湾口水域较窄，而湾内多商港与军港，水面与水下舰船通航需求大，选择在湾口弃桥建隧，无桥墩，既能保证湾口通航能力，又能提高通航安全性；文字材料“设计标准为双向6车道…市区接线工程延续了海湾大桥的桥面宽度”、图中信息湾口北部为青岛市老城区，建筑物密集，道路较为密集，若保证“市区连接线延续其宽度”，必然会拓宽原有道路，面临征迁困难大、成本高：且作为国家高速的一部分，车流量大，作为过境千道，必然加重城区内交通拥堵。交通选线要考虑的因素非常多，如地形地质、气候、水文、生态、运输需求、征地拆迁安置等，跨海大桥建设还需考虑航道锚池、海底电缆光缆、飞机起降等，需具体问题具体分析。(2)导致道路封闭禁行的原因很多，结合题干限定“常暂时性封闭禁行”思考，应突出天气原因对交通运输的影响。结合青岛区域背景可知，位于东部沿海季风区，且受地形（青岛市东北部、西南部多低山丘陵)影响，多大风天气；海域水汽丰富，而道路比热容小，易形成大雾天气，能见度低；结合青岛纬度，冬季气温低（<0℃)，易积雪、结冰；夏秋季节也可能受台风影响。大风、积雪、结冰、多雾等影响行车安全，会导致暂时性封闭禁行。而胶州湾公路隧道深埋地下，有相对恒温、恒湿的环境，不易受气象条件影响。(3)青岛市区被胶州湾分隔，胶州湾大桥的修建有利于节省时间成本；有利于加强区域联系；促进青岛城区一体化发展；有利于改善营商环境；促进产业的合理布局。37.(24分)(1)①受印度洋板块向亚欧板块挤压的影响，(2分)；②图示区域处于从青藏高原（我国地势第一级阶梯)向横断山区、四川盆地（第二级阶梯)的过渡地带，构造运动活跃；(2分)③板块（地壳）运动的压力超过这里岩石的承受能力，断裂发育。(2分)(2)①银屏口海拔597米，通口镇海拔550米，两镇均海拔低；（2分)②通口河具有较强的侵蚀力，向银屏口方向产生溯源侵蚀；(2分)③河谷上源不断加长，（以至于切穿分水岭），在银屏口附近形成袭夺湾；(2分)④通口河袭夺了湔江、都坝河的河水，导致湔江、都坝河改由通口河汇入涪江。(2分)（按照顺序任答3点得6分)(3)①（通口河发源于岷山东坡，由于板块挤压），地壳不断抬升，落差不断增大；(2分)②通口河袭夺了湔江水系后，水量大增；(2分)③下蚀作用增强，形成峡谷。(2分)(4)利：①河流袭夺导致水量增加；②泥沙沉积增加，形成宽阔的河谷原；③灌溉水源增加，（且河谷原地形坦、土壤肥沃)，发展成重要的农业区。不利：可能导致洪涝灾害。（有利任答2点给4分，不利给2分。其余答案合理可酌情给分)高三文综参考答案第2页共8页

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等同的关系，而后文“在江南江北行走过、饮食过几回”与“我”并不能直接挂上等号，故应将之作为定语，后加主语“的人”。第二处

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解得：=0.2，故B正巩：C.由题意可知，木块B尚未滑根据牛频第三定律，小球在B位置对半圆轨道的压力出木板A,则临界条件为当AB具有共同递度时，B拾为6N.好滑到A的右端，设A、B物体位移大小分别为s

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