14小A(13分)质量为如图、光滑水面上有A、/无初速人球C用细线悬于轻质支架顶端，=0.5kg。开始时A车与C尖以。=4ms的速度冲向静止的B车、若两车正碰后粘在走如图、两小滑块A和B的质量分别为m=kg和m一5kg,放在小间隔。静止于光滑水地面上的长为L1m的木板C两端，两者与木板作用时(1不计空气阻力，重力加速度8取10ms2,则：间的动摩擦因数均为=05，木板的质量为m=4kg。某时刻A都在竖(2)A、B车碰撞后瞬间，A车的速度大小以；面阳B两滑块开始相向滑动，初速度大小均为，=3ms。在滑块B与高度为(3A、B车碰撞损失的机械能E物；木板C共速之前，滑块A、滑块B能够相遇，重力加速度取小球能上升的最大高度h。g=10m/s2(1)滑块A、B相遇时木板C的速度多大？(2)若滑块A,B碰撞后不再分开，请通过计算说明滑块A、B能否从木板C上滑下；BA(3)整个过程中，量是多少？由于滑块A、B和木板C之间的摩擦产生的总热Ame=.=2m8=a,2m.=v祖县的前士风可，中好女盖性出鲜从村降个音食明点隆园点k从小面圆机件，中你点8险向点人从颗小大是量的水单受用州等的1水量的同个具变虫东内回快心单率个点)雷/考《·A10联盟2023届高三一轮复试卷·物理试题（八）第4页共4页

5.如图甲所示，长为L的长木板水放置，可绕左端的固定转轴O转动，左端固定2022一2023学年度高三一轮复周测卷（十二）班级原长为二的轻弹簧，质量为m的滑块（可视为质点）压缩弹簧到图甲中的a点物理·机械能（三）铁取更多免费资源(滑块与弹簧不连接)，0，口间水距离为，将滑块由静止释放后，滑块恰能到达姓名(考试时间40分钟，总分110分)木板最右端。将木板绕O点逆时针转动37°后固定，如图乙所示，仍将滑块由α点静止释放，滑块最多运动到距离0点3头的b点。已知弹簧的弹性势能E。=)kx,其中一、选择题：本题共10小题，每小题7分，共70分。在每小题给出的四个选项中，第k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量，重力加速度为g,sin37°=0.6，得分1~6题只有一项符合题目要求，第7~10题有多项符合题目要求，全部选对的cos37°=0.8，下列说法正确的是得7分，选对但不全的得4分，有选错的得0分。个E/小1.一物块从高h=3.0m、长l=5.0m的斜面顶端从静止开始沿A.滑块与木板间的动摩擦因数为Z777Z777777730斜面下滑，其重力势能E。和动能Ek随下滑距离s的变化如甲4图中直线I、Ⅱ所示。关于物块从斜面顶端下滑到底端的过B弹養的劲度系数为39b程中，下列说法正确的是dA.重力做功为10JC滑块在。点时，弹簧的弹性势能为了mgL选择题B.克服摩擦阻力做功为20JD,长木板水放置时，滑块运动过程中脱离弹簧时答题栏C.合力做功为20J速度最大D.机械能守恒6.如图甲所示，可视为质点的小球用长为L、不可伸长的轻绳悬挂于O点。现对小2.如图所示，总长为、质量为m的均匀软绳对称地挂在轻小滑轮球施加一水恒力F使其从静止开始运动，轻绳拉力大小F,随绳转过的角度日上，用细线（长度忽略不计）将质量也为m的物块与软绳连接。将物块由的变化关系如图乙所示。图中F。为已知量，重力静止释放，直到软绳刚好全部离开滑轮，不计一切摩擦力，重力加速度为加速度为g,下列说法正确的是,则A.小球到达最高点时的机械能最大A.刚释放物块时软绳的拉力大小为mgB.小球到达最高点时的加速度大小为√3gB.该过程中物块的机械能减少了0.5mglC.小球运动过程中轻绳拉力的最大值为2F。C.该过程中软绳的重力势能减少了0.5mglD.小球从开始运动至运动到最高点，增加的机械D,软绳离开滑轮时的速度大小为3能为√3F。L7.如图所示，轻弹簧一端固定在倾角为0的斜面底3.如图所示，光滑的半圆轨道竖直放置，边缘处固定着光滑小滑轮（可视为质点），跨端。一质量为m的物体从距弹簧上端d处由静止释放，向下运动位移L后停在过滑轮的轻绳连接小球A和B(均可视为质点)。小球A在水拉力F作用下最低点。已知弹簧始终在弹性限度内，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，重力加静止于P点时，对轨道的压力恰好为零。现增大拉力F使小球A沿半圆轨道运速度为g。物体向下运动的过程中，下列说法正确的是动至Q点，已知O、Q连线与竖直方向的夹角为30°，小球A从P运动到Q的过A.物体与斜面间因摩擦产生的热量为mgLcos0B.物体机械能的减少量为mngLsin0程中，下列说法正确的有C.物体的最大动能为mgdsin0-mgd cos0A.A、B质量之比为2：1D.弹簧弹性势能的最大值为mgL sin0-mgLcos0B.小球A经过Q点时，A、B的速度大小之比为1：28,如图甲所示，质量为0.1kg的小球（可视为质点）从最低点A冲入竖直放置在水1030C.小球A、B组成的系统机械能一直增加地面上半径为0.4的半圆形轨道，小球速度的方与其高度的关系如图乙所D.拉力F对小球A做的功等于小球A机械能的变B示。已知小球恰好能通过最高点C,轨道粗糙程度处处相同，空气阻力不计。取化量g=10m/s2,B为AC轨道的中点。下列说法正确的是4.如图甲所示，一倾角为0=37°的传送带以恒定速v/m's25m㎡s3率运行。现将一质量为m=1kg的物体抛上传送带，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图乙所示（沿传送带向上为正方向），取g=10m/s2sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列说法正确的是A.0~8s内，物体位移的大小是18m⊙37A.图乙中x=4m2·s2B.0~8s内，物体机械能增加量是90jB.小球从B到C损失了0.125J的机械能C.0~8s内，物体机械能增加量是84JC.小球从A到C合力对其做的功为一1.05JD.0一8s内，物体与传送带间因摩擦产生的热量是157.5JD.小球从C抛出后，落地点到A的水距离为0.8m物理·周测卷（十二）第1页（共4页）物理·周测卷（十二）第2页（共4页）】

v=vo at 5m/s(2分)(2)车在刹车过程的位移1x=24=22.5m(2分)车在加速过程的位移1x=2w1知=45m(2分)全程的总位移x=x1+x2=67.5m...(1分)B.(1)第一阶段的加速度a=当-=60-6ms2=-2m/s2≈-0.67m/s2(2分)t7.53加速度大小为0.67m/s2(2)第二阶段用时6=当-y=6-60=20sa42-2.7第三阶段用时31X3=。(y2+3)3…2(1分)总时间为t=t1+12+t3.….(1分)2解得：3=2s≈022s,1=27.72s（或27.75s)…9(1分)(3)第一阶段的位移为1x=2+4=468.75m(1分)第二段位移为13=4+2a,5=660m(1分)开伞到落地的总位移为X=X1+X2+X3解得：x=1129.75m(或1129.87m、1129.88m)...…(1分)说明：由于1m远小于1km,故x3是否考虑倾斜均可。

高三四调·政治·参考答案及解析款不月考卷一、选择题新的消费热点，直接刺激了我国冰雪产业的快速发下沉广场专门配备了特许展，①符合题意。收入是消费的基础和前提，人均奇使得消费升级成为可能，“我国18岁及以水雪运动参与率达26.95%”说明在消费升级程中，体育文化活动成为消费升级的重方向，②法转符合题意。冰雪产业的发展、冰雪消大是a可自愿选择小额、匿名的数字,满足加快构建新发展格局的内生其匿名支付需求，可见这高数字人民高端冰雪消费市场”材料内容并不涉币的国际形象和地民币推广没有特续增长的新引擎”，④数字人民币推广与金融市场稳题无直接关系，③不选。故本企改革三年行动，已取得系列阶段性成月国企改革有利于增强国企活力，不断提高在住房保障政策和管理制度的影下义有经济控制力和影响力，①符合题意。保证公有资我国共有产权房供给增加，这将导致居民产在社会总资产中占优势，不是国有资产，②表述有艺湾需求减少，进而使商品房价格下降误。中央企业中公司制改革成效显著、“两非给的增加完成率高、研发投入增强，这表明国毁革资本优化配置，增强国有经济的,③符合题少，从而促使他③④推导正确。商品房意。巩固公有制经济的善经济的主导地需求的火款组房市场供过于求.①推导销位，④表述错误误。公租合增加有利于居民住房支出的减少，但5.C【解析意子台用工形式、劳动者就业并不代表居民可支配收入增加，居民的可支配收入包◆致在新就业形态下劳动者与企业难括工资性收入、经营性净收入、财产性净收入和转移关系，这启示我们，国家应加速推进台性净收入，不能把居民可用于消费的收入增加等同于体制、机制改革，为相关劳动者提供权益保障，居民可支配收人增加，②推导错误。故本题选D。台用工单位应创新台用工权益保障方式，②④符合3.A【解析】“冰雪赛事”“滑雪场地”“冰雪旅游”“冰题意。仅根据题意并不能得出“劳动者应积极履行劳雪装备”等竞相涌现，说明北京成功申办冬奥会，作为动义务，树立正确的就业观念”，排除①。题意与“·1…

15爱尔兰开发风能的忧势区位转摆军①D用地成本低②处于昏凤心款④欧策支特C.3④石①④A①2电2316,星尔兰风电场抽水反电后再输送市场线主要的是飞稳道型力输出CC存水资期婚加人道景现A,增加电力附知值市一拉格明德河往于加拿大魁北克省北部偏远地区，流城内天气家今，人口稀少，文通不便。接河千流苦基本原861千米，在千流下游500千米范围内集中落差366米，可提行水电梯级艺发国发示意拉修期德万流端水电站和调水工程分布以河流水也17拉格朗德河流域A,地势东低西高显，径流量手节变化大河水四季大厨干渗鸿C18.刀9D.终年受极地高气才产制众多水利工程的建设对拉格朝德河流域的影响是A水库上游含波慢B.流面积缩小人C年入海径流总量大量减D径流季节变化减小19,修建伊斯特门河、手涅皮斯考河向拉格朗德河调水工的進要目的美A集中区域内的水能资源/协调区域间水资源衡C,改善拉格朗德河水质D.完善魁北克省交通运输网一般来说，产业结构高度化表现为一国或区域经济发展不同时期景造当的产业结种，其箱数值越大，表明产业结构水越高。图7示意中国制造业产业结构高度化变化情况。据此完成20~21题2.452352022.15年份图720.中国制造业产业结构膏度化程度的演化态势是A,持续加速上升B.2095-2008典速增长C.2012年起增速趋缓D,2015年以后增速明显加快21.随着产业结构高度化的演变，中国制造亚A.信息通信设备智能制造等产业占比增加B.专用设各制造等产业规模减小C食品制造及烟草加工等产业占比增加D.交通运输、仓储等产业快速发展地理试题第4页（共8页

C.甲、丙做曲线运动，乙做直线运动D.三人相遇时，甲的位移最大、均速度最大7.某人站在火车的第一节车厢前，每节车厢的长度相同且车厢的连接处忽略不计。火车从静止开始做匀加速直线运动，第一节车厢经过他的时间恰好是5s,在第四个5s内，经过他的车厢节数为A.7B.3C.5D.9二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每个小题给出的四个选项中，有两个或两个以上的选项符合题意。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。8.下列关于弹力与摩擦力的说法正确的是A.滑动摩擦力的方向不可能与物体的运动方向相同B.滑动摩擦力总是阻碍物体的运动C.同一接触面上产生的弹力与摩擦力方向一定垂直D.有弹力不一定有摩擦力，有摩擦力一定有弹力9.下列说法正确的是A.物体A的质量是物体B的100倍，A静止放在B上，所以A对B的力等于B对A的力的100倍B.人站在地面上静止时，人对地面的压力与地面对人的支持力等大反向C,用鸡蛋撞石头，鸡蛋破了，但两者的作用力大小相等D.马拉车时，马对车的拉力大于车对马的拉力10.一物体从某点开始做直线运动，其一t图像如图所示，下列说法正确的是个v/(ms1)10A.6s时，物体的速度为零，加速度也为零5B.0一4s与8s~12s内，物体的速度方向相反，加速度方向相同02468102isC4s~6s内，物体的速度减小，但仍然远离出发点-5D.4s时，物体离出发点的距离最大10第Ⅱ卷（非选择题共54分）三、非选择题：本题共5小题，共54分。11.(6分)为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为2.1mm的遮光条。如图所示，滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过光电门1的时间△=4×103s,通过光电门2的时间△=1×108s,遮光条从开始遮住光电门1到开始遮住光电门2的时间△t=1.5s,回答下列问题：（结果均保留三位有效数字）数字计时器光电门2光电门1遮光条⊙，气垫导轨滑块刻度尺连气源槽码(1)遮光条经过光电门1的速度大小为m/s,遮光条经过光电门2的速度大小为m/s。【高一物理第2页（共4页）】·23-94A·

14.(12分)从斜面上某一文置每隔T一0.1s由静止释放一个球，释放后小球能够做匀加速直线运动，经过底端速率不李进人水面做匀减速直线运动。某时刻拍照，但照片部分沾水导致有些地方模糊不清，如图所示，A,B,C为最初释放的三个小球(A球尚未停止运动)，C右边部分无法看清，D,E、F为连续释放的三个小球且D刚好在斜面底端，F上面模糊不清。已知实际A、B间距x1=12.5cm,B,C间距x2=17.5cm,D,E间距x,=29cm,E、F间距x=27cm,求：()此时小球B的速度大小：(2)小球在斜面上运动时的加速度大小a27n.r12à29),,a-Ar170S.cmM01)三)2三0A八2

C.球A、B到P的距离之比等于m2：m1D.球A、B运动的线速度之比等于m2:m二、本题包括4小题，每小题4分，共16分.每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分，9.汽车的设计、竞技体育的指导、宇航员的ta/(m's)训练等多种工作都会用到急动度的概念.急动度j是加速度变化量△a与发生这一变化所用时间△的比值，即j一兰它12345it/s的方向与物体加速度变化量的方向相同.一物体从静止开始做直线运动，其加速度α随时间t的变化关系如图所示，则该物体在A.3~5s内做减速运动B.t=3s时速度方向发生改变C.t=1s时和t=5s时加速度等大反向D.t=2s时和t=4s时急动度等大反向10.如图，光滑绝缘的圆弧轨道MON固定在竖直面内.O为其最低点，M、N等高，匀强磁场方向与轨道面垂直.将一个带正电的小球自M点由静止释放，它在轨道上M、N间往复运动.下列说法正确的是A.小球在M点和V点时均处于衡状态B.小球由M到O所用的时间等于由N到O所用的时间C.小球每次经过O点时对轨道的压力均相等D.小球每次经过O点时所受合外力均相等11.如图所示，倾角为0的足够长传送带沿顺时针方向转动，转动速度大小为1.一个物块F从传送带底端以初速度大小v2(v2>o1)上滑，同时物块受到行于传送带向上的恒力F作用，物块与传送带间的动摩擦因数u=tan0,最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块运动的v一t图象可能是1》AB12.如图所示，质量为3kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面.质量为2kg的物体B用细线悬挂起来，A、B挨在一起但A、B之间无压力.某时刻将细线剪断，A、B一起向下运动过程中（弹簧在弹性限度范围内，g取10ms2),下列说法正确的是A.细线剪断瞬间，B的加速度大小为10m/s2B.细线剪断瞬间，B对A的压力大小为12N7777777777777C.B对A的压力最大为28ND.B对A的压力先增大后减小成都石室中学10月月考·物理第3页

教学会国©0所名接单元测试示范卷札记接数据采集器传感器AB(1)若传感器A竖直向下发出超声波与接收到反射波的时间间隔为1.5×103s,则容器内液面到顶部的距离为m,容器内液体的体积为m3。(2)研究小组在实验中发现，传感器测量液面距顶部的高度与实际高度存在偏差，通过查资料发现，超声波在空气中的传播速度与温度有关，并获得下表中的数据。温度组/℃-103550超声波速度/(m·s1)324333342351360根据表中的数据可以判断，在环境温度为30℃时，超声波速度m/s,若传感器测得液面距容器顶部的高度为0.510，则实际液面距顶部的高度为1m。(结果保留三位有效数字)解析：1超声波传到液面所需的时间1=1,5X10s=7.5X10‘s,则液面到容器顶部的距离=t=340X27.5×10-4m=0.255m:容器内液体的体积V=S(1m-h)=1×(1-0.255)m3=0.745m3。(2)由题表中数据可知，温度每增加15℃，超声波的速度增加9m/s,则温度每增加1℃，超声波的速度增加量△=号m6=号m.所以当温度房30℃时，短方波的滤度=[32+(3020)×音]ns=38ms,根器划发原理可知0.510m=340m/s·t,而液面距容器顶部实际的高度x实=348m/s·t,联立解得x实=0.522m。答案：(1)0.255(2分)0.745(2分)(2)348(2分)0.522(3分)四、计算题：本大题共3小题，共39分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13.(11分)一列横波波速v=40cm/s,在某一时刻的波形如图所↑y/cm示。在这一时刻，质点A的速度方向沿y轴正方向。求：10A(1)这列波的频率、周期和传播方向。2x/cm(2)从这一时刻起，0.5s内，质点B运动的路程和位移。解：(1)由题图可得波长入=8cm(2分)这列玻的颜率和周期分别是f一是=5，T=子=0.2s（3分)A点在该时刻振动的方向沿y轴正方向，说明波沿x轴负方向传播。(2分)(2)质点B在该时刻位于衡位置，速度方向沿y轴负方向，再过0.5s,即2.5个周期后，质点B又回到衡位置，速度方向变为沿y轴正方向，则B点在0.5s内的位移等于零（2分)质点B通过的路程s=2.5×4×0.1m=1m。(2分)14.(12分)一列简谐波沿.x轴正方向传播，已知x轴上x1=0和x2=1m处的两质点的振动图线分别如图甲、乙所示，求此波的传播速度。*y/(×10-3m)55/(x103m）t/(x103s1256/(x103s)28【23新教材DY.物理-R-选择性必修第一册-QGAY】

第3讲圆周运动在指向圆轨道中心方向的力是重力的一个分径为R。由万有引力定律得F引=GMmR2力，白然该分力就比重力小，所以此时的向心1.C【解析】A、B两点为同轴转动，所以nA加速度一定比重力加速度g小，C项正确；若2GM。m=2F地，C项正确。Ro2=B,TA=TB,wA=wB,而线速度=wr,所h>2.5r,小球能通过B点，且轨道对B点有5.D【解析】根据卫星绕月球做圆周运动的以心B>A,C项正确向下的压力，D项错误。2.AC【解析】N物体静止不动，纯子拉力与8.A【解析】设细绳长度为1，小球做匀速圆向心力由万有引力提供，则GMm=m2V物体所受重力大小相等，M物体做匀速圆周运动时细绳与竖直方向的夹角为0，细绳周运动，囚不计摩擦，绳子拉力提供向心力，即拉力为F,有Fsin0=mw2lsin0,得F=mw2l,,D项正确。解得=√，T=Ng=F向，所以M所需向心力大小等于A项止确；ngtan9=mw2lsin0,得h=lcos日6.C【解析】卫星绕地球做椭圆运动，类似V所受重力的大小，∧项正确，B项错误。根于行星绕太阳运转，根据开普勒第二定律：行据向心加速度公式和牛顿第二定律得F向一。号，B项错误；小球的向心加速度a星与太阳的连线在相等时间内打过的面积相w2Isin0,小球运动的角速度不同时，sin0不同，mg=m号，则与r成正比，C项正确。根等，则知卫星与地球的连线在相等时间内扫C项错误；小球的线速度v=alsin0,D项错误。过的面积相等，所以卫星在距离地球最近的据向心加速度公式和牛顿第二定律得F时=9.BD【解析】小球受到重力、弹簧的拉力，A点速度最大，在距离地球最远的C点速度mvg=mar,则w2与r成反比，D项错误。PQ杆对球不一定有弹力，A项错误：设弹簧最小，卫星在B、D两点的速度大小相等，A3.C【解析】赛车在水面上转弯时，它需原长为。，弹簧与水方向的夹角为9，则弹项错误；在椭圆的各个点上都是引力产生加要的向心力是由赛车与地面间的摩擦力提供簧对小球的拉力F=(白。)：则对小速度4=G4,因A点的距离最小，则A点的2的。由FmR知，当o较大时，赛车需要球竖直方向有Fsin0=ng,可得0为定值，与加速度最大，B项错误；根据椭圆运动的对称的向心力也较人，当摩擦力不足以提供其所转动的角速度无关，可知小球高度不变，弹簧需的向心力时，赛车将冲出跑道。长度不变，B项正确，C项错误；当角速度较性可知ADc=tCA=之C项止确；椭圆上近4.A【解析】两轮边缘上的点的线速度相等，小时，杆对小球的弹力F、背离转轴，有地点A附近速度较大，远地点C附近速度较齿数比为n:,即两轮的半径比为m:,根据Fcos0一FN1=mw12r;当角速度较大时，杆对小，则a0<号m>子D项错误。o=r可知，角速度与半径成反比，而周期与角小球的弹力FN'指向转轴，有Fcos0+FN27.B【解析】若地球质量为M,则“宜居”行速度成反比，所以周期与齿数成正比，即和mw22r;可知角速度取两个不同值时，PQ杆O2转动周期之比为m:n,A项正确。对小球的弹力大小可能相同，D项正确。星质量M=6.4M,由mg=GMm得mg-2mog5.A【解析】A、B两物块的角速度大小相10.D【解析】该同学和秋千踏板一起做圆周4·后=90，可得600/600M等，根据Fm=m2r,转动半径相等，质量相运动，在最低点当每根绳子受力达最大时，玩ro2V960M等，所以向心力相等，小项错误；对A、B整体具熊抛出的初速度最大，抛出水距离最远。/600X6.4MW960M=2,B项正确分析，FB=2w2r,对A分析，有FA=由牛顿第二定律有2F-mg=m二，解得。=wr,知盘对B的摩擦力是B对A的摩擦8.B【解析】忽略行星的白转影响时，该行8m/s;玩具熊抛出后做抛运动，有x=t,h力的2倍，B项正确；A所受的静摩擦力方向桌表面的物体受到的万有引力等于重力，即指向圆心，可知A有沿半径向外滑动的趋2;可得=1.6m,D项正确。r2=g,自转不可忽略时，万有引力提供势，B受到盘的静摩擦力方向指向圆心，可知重力及物体随行星自转的向心力，则自转角B有沿半径向外滑动的趋势，C项止确；对第4讲万有引力定律及其应用A、B整体分析，B·2ng=2oB2r,解得B1.A【解析】由G-=m(票)‘a得只速度为，时有G-号g十w7,行是的B3,对A分析，Amg=moA2r,解得4x,A项正确。GM解得6B项正确密度=44一√4，因为B先滑动，可知B先达到临2.C【解析】绕地球转120°的时问为t,周期9.B【解析】若不考虑地球白转，根据地球界角速度，可知B的临界角速度较小，即<为3，根据G0=m()°，G=mg,表面万有引力等于重力，有Gm地m=mg,则A,D项正确。6.CD【解析】在b、c两处做圆周运动的圆,2R,解得R器AB两项错误：根据m准=，A项错误：根据太阳对地球的万心在各月的水面上，A项错误；设在硬币位R,解得p一，C项正确。4置所在弧的切线与水方向的夹角为0，可=,V=有引力提供向心力，有G2通=m地L2,L22知向心力大小F=ngtan0,由图可知b、c两D项错误。则m太=上？，B项正确：由题中数据无法处0不同，向心力不同，B项错误：因F3.A【解析】a的轨道半径大于c的轨道半F,r6>T:由F=wr可知，角速度的大小径，因此卫星a的角速度小于c的角速度，A求出月球的质量，也无法求出月球的密度，aw<,C项正确；向心加速度的大小F=项正确：a的轨道半径与b的轨道半径相等C、D两项错误。ma,可知a6a,D项正确。因此卫星a的加速度等于b的加速度，B项10.B【解析】图1半圆环对球的引力为F,得7.C【解析】沿斜面滑动要过圆轨道最高错误；第一宇宙速度是发射时的最小速度，也到子圆环对球的引力大小为号F,将乙环分点，释放点离地高度至少为2.5r,小球在到是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大速度，达B点前脱离轨道做斜上抛运动，A项错因此卫星a的运行速度小于第一宇宙速度，C成三个圆环，关于圆心对称的两个圆环误；若h>2.5r,可以过最高点，最高点与最项错误；a的轨道半径与b的轨道半径相等，卫对球的万有引力的合力为零，故图2中圆环对低点的弹力之差为6mg,与h无关，B项错星b的周期等于a的周期，为24h,D项错误。误；脱轨前瞬间它受重力的作用，而该重力是4.C【解析】设宇航员的质量为m,地球的球的万有引力大小等于号F,B项正确。竖直向下的，并不指向轨道的中心，所以此时质量为M、半径为Ro,星球的质量为M,半11.D【解析】着陆器在减速下降过程中，其23XKA·物理·63·

间作用力先增大后减小，C项错误；当分子间作用力表现为斥力时，分子：p一Pgh3=po十g(h2一h1一h3)。势能随分子间距离的减小而增大，D项正确。变式3(1)5.2m(2)p火=0.57cmHg变式4C解析当物体温度升高时，分子运动加剧，分子均动能增：解析(1)根据液体压强公式p=gh得加，但并不是所有分子的动能都增加，A、B两项错误；分子均动能与温P水银×0.38gh=P水gh度有关，所以相同质量的水和冰在0℃时，分子均动能一定相等，C项代入数据解得h5,2m。正确：温度高的物休的分子均动能一定大，内能的大小不但要看分子的：(2)封闭气体在地表均动能，还要看分子数目和分子势能，温度高的物体内能不一定大，D:1一P水银g(h地一h地)=3味银g,V1=l地S,T1=300K项错误。在火星表面课时2固体、液体和气体2=P水银×0.38g×Lhpk一h地十2(1火-l地)门，V2=LkS,T2=280K根据理想气体状态方程有知识·要点梳理piVPav2T12基础过关联立解得1.CD2.D3.B4.Bhp=1.5 cm能力·重点突破即火星表面的大气压强例1AC解析根据非晶体的特点可知非晶体是指组成物质的分子p火=P水银X0.38g·h火=0.57cmHg。(或原子、离子)在空间上不呈周期性排列的固体。它没有规则的外形。：变式41.02×10P它的物理性质在各个方向上是相同的，叫各向同性。它没有固定的熔点。解析由题意知，瓶内、外气体压强以及水的压强存在以下关系A,C两项正确。p内=o十gh水变式1B)解析将一块晶体敲碎，得到的小颗粒也是晶体，A项错代入数据得内=1.02×105Pa。误；由同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的品体，例如，碳元素可以构成石墨和金刚石，石墨与金刚石的物理性质例5(1)0.4V2p,(2)(W5-1Dy3+54 Po完全不同，B项正确；在熔化过程中，晶体要吸收热量，但温度保持不变，解析(1)对B气体分析，等温变化，根据玻意耳定律有V=加·2V分子均动能保持不变，分子势能增大，内能增大，C项错误；单品体的某些物理性质具有各向异性，而多晶体和非晶体都是各向同性，D项正确。解得pB=2p,例2AD解析水的表面张力把针托起，A项正确；漂浮在热菜汤表对A气体分析，根据玻意耳定律有pV-pAVA面的油滴，从上面观察是圆形的，是因为油滴的表面张力，}项错误；在垂得pA=pB+0.5p0直丁玻璃板方向很难将夹有水膜的玻璃板拉开是因为大气压的作用，C联立解得VA=0.V:项错误：洗头发时，当头发浸泡在水中时呈散开状，离开水面后头发聚拢(2)再使活塞向左缓慢回到初始位置，假设隔板不动，则A的体积为三V,到一起，这是由水的表面张力引起的，D项正确。变式2B解析吹出的肥皂泡成球形是由于表面张力的作用，故A项由玻意耳定律可得V一)×是V,正确；滴入水中的红墨水很快散开，是自由扩散的结果，与表面张力无关，B项错误：在完全失重的环境下，熔化的金属能收缩成标准的球形，是由则A在此情况下的压强p'-号e

14.(1)8m/s(4分)(2)5m(6分)(3)恰好落在D分别为=骨4=之g,又1am53”-头，℃2点(6分)【解析(1)设运动员刚落在B点时竖直方向的速度联立并代入数据，解得y2=3.2m,则H=y十为y,运动员从A点落到B点的时间为t1,有y2=5m.,=gt,o=Vytan53°，联立并代入数据，解得(3)假设运动员从B点蹬出落在AD上，设运动时Uo=8 m/s.间为，有水位移===是，联(2)运动员从A点落到B点，竖直方向上，有y=g=1.8m运动员从B点落到C点做立解得为=2g5=3.2m因为为=，所以运动抛运动，设时间为t2,水和竖直方向的位移员恰好落在D点.第六章圆周运动4.A【解析】由题知小球将以60s为周期在悬浮钟表题组1圆周运动向心力向心加速度面做匀速圆周运动，则小球所受的合力提供小球做题号12345678910匀速圆周运动所需的向心力，方向总是指向圆心小球运动到最高点时合力向下，处于失重状态，故答案DDBACDB BCBDBDA正确；小球运动到最低点时合力向上，处于超重1.D【解析匀速圆周运动的线速度大小不变，方向时状态，故B错误；悬浮钟对小球的作用力与小球对30°悬浮钟的作用力是一对相互作用力，其大小相等，刻改变，故A错误；角速度u一9-80△t0.0lrad/s=故C错误；小球做圆周运动，合力不为零，则小球受到的重力和悬浮钟对小球的作用力不是一对衡9ad/s,放B错误：若半径r一定，由=a,得线力，故D错误.速度与角速度成正比，故C错误；匀速圆周运动是5.C【解标限据题意，得会1二公42x,其中T变速运动，它的加速度大小不变，方向始终指向圆T秒心，时刻发生变化，故匀速圆周运动是变加速曲线1min,T分=60min,解得t9min运动，故D正确，6.D【解析】A、B均在旗杆上，属2.D【解析】齿轮A与齿轮B边缘点的线速度相等，于同轴转动，则转速相等，故A即y=2,齿轮B和齿轮C的角速度相等，即2=错误；由a=wr知，B的向心w3,根据v=wr,得2>3，所以U1>3,A错误；根加速度是A的3倍，故B错据=wr,得w1>2,B错误；因为2=s,所以底座误；由Fn=wr知，B的向心>w,根据T=2红，得T1a,D正确.故选D速圆周运动时，B小段的重力与旗杆其他部分作用3.B【解析设汽车恰好通过道闸时直杆转过的角度力的合力沿杆指向圆心，旗杆其他部分对B的作用为0，由几何知识得an0=8后-1，解得=至。力不沿着杆的方向，故D正确.0.67.B【解析】每个磁道扇区数相同，每个扇区可记录字节数相同，即每个磁道上可记录的字节数相同，但直杆转动的时间t=日=4s=2s,要使汽车安全半径不同，所以不同磁道上每个字节所占用的长度8不同，故A错误；电动机使磁盘以7200r/min的转通过道闸，汽车从自动识别线ab到达直杆处的时速匀速转动，则每读写一个磁道所用时间为t间至少为tmm=(2十0.4)s=2.4s,故A、C、D错误，B正确.7200s=120s,磁盘共有9216个磁道，所以共需601严选卷·高中物理·必修第二册·RJ答案与解析D07

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共如分。在每小驱给出的四个造项中，有两个或两个以上选项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得心分。加图所示一0时刻位于坐标原点○处的波潭沿轴正方向开始做简带运动，振动的周啊®2、振幅A=5©m,该波源产生的筒谐横波沿：轴正方向续漫，当年位置坐标为m0)的质点P刚开始振动时，波源刚好位于波谷，则下列说州官达仿美x/mP9m,0)A.波从O点传到P点的时间可能为0.7sB.该波的波长可能为12mC质点P在开始振动后的1.05s内通过的路程一定为1.05mD.i该波的传播速度可能为15m/s示生打要夹根据表中的已知量计算得出的表达式延确的是谁考证地球半径R=6400km月球半径r=1740km地球表面重力加速度g0=9.80m/s2校月球表面重力加速度g=1.56m/s2月球绕地球转动的线速度v=1km/s月球绕地球转动的周期T=27.3天级引力常量G=6.77×10-11N·m2/KgA.地球表面到月球表面的距离为，=2π-R-r名B地球的质量为M=)T2πG音装C.月球的质量为M'=RGMmD.月球的密度为p=3g4πGr如图所示为由光滑圆形细管组成的半径为R的圆，在细管（细管内径远小于R)中有一个质量为m的小球（可视为质点），初始时小球处于细管的最高点A处，受微小扰动后小球由静止开始运动，在其运动到最低点的过程中，下列说法确头是（重力加速度大小为g)女BPmgfno 2.nmgesihengK=士nv'mm神州智达物理·信息卷I第3页（共☑0的二m0U

(新教材)高三大一轮总复多维特训卷物理则va=v,若ab、cd间存在竖直方向的匀强电场，根据上面分析可知2=√2v,则v2=√2，D错误.故选C.图4所示；根据几何关系解得对应圆心角s如=？<42,可7D设离子加速后到达O点的速度为o,在I区内做类抛知0<运动的时间为12方向有d,=w1y方向有=号ai,由4,可知从b边界出射的粒子中在磁场中运动的最短πmD错误.故选BCEq时间tmim<4gB牛顿第二定律得gE=ma,解得，=d√2m,A错误；离子/2qEl刚飞出I区时沿y轴方向的速度大小，=a,=√m,合速度的大小为=√+可了=√a1+.在Ⅱ区内GgE图1图2图3图410.ACD粒子在磁场中做匀速圆周运动，轨道半径为r=x方向做匀速直线运动，设离子在Ⅱ区运动的时间为t2,x方,根据牛顿第二定律可得9B=m,解得只=a+Lv2向有d2=vot2,解得t2=d:2mldN gE,离子在Ⅱ区运动轨迹的B(a十L),A正确；粒子在电场中加速，根据动能定理可得2v长度s=t2=√4+d,B错误；设离子在Ⅱ区02d2gU=-m…,联立可得U=Ba十0，B猎误；粒子在酸场4面方向做匀速圆周运动的半径为，有0，B=m三，T中做匀速圆周运动的周期为T=2,粒子在磁场中运动的聚立解得√-货√2mlE,离子y方向转动时间为：=子，联立可得：=at,C正确：粒子在磁杨2)的圈数N=号=周，由几何关系可知：离子打在测试板上中经过的区域为图中的阴影部分，如图，根据几何关系有d√-（巴-，最窄处的宽度为△d=,-4,联立的位置与O2点沿y轴距离l,=l一r=2mlEI-Bg2离子打在测试板上的位置与O:点沿之轴距离1.=r=可得△d=a+L-Va+2a2,D正确.故选ACD2m正，C错误，D正确：故选D.Bq8BD洛伦兹力方向与小球的速度方向垂直，洛伦兹力对小球不做功，A错误；在竖直方向，对小球有qB一mg=ma,解得a=9B一g=2m/s2,小球在水方向随玻璃管一起做匀速直线运动，水速度v不变，小球的加速度α不变，小球在水11.BD根据题意可知，在0.5t。~t。0.5to2.5t方向做匀速直线运动，在竖直方向做匀加速直线运动，小球内，粒子在磁场中做匀速圆周运动，做匀变速曲线运动，竖直方向的位移青一弓4，解得小球在且转了号周，在。~1.5。内，粒子玻璃管中的运动时同：=√臣-2s,B正确：洛伦益力的水在电场中向下做减速运动到速度为零，在1.5t。~2t。内，粒子在电场中方向分力f,=gv,B=Bgat,由衡条件得FN=Bgat,玻向上做加速运动到速度为v,在2t。1.5to璃管对小球的弹力F、与小球对玻璃管的作用力F、'是作用一2.5。内，粒子在磁场中做匀速圆周运动，转了}周，粒子力与反作用力，由牛顿第三定律得：FN'=FN,玻璃管在水方向上受拉力F,与FN'作用做匀速直线运动，则F,=FN',回到极板中线，速度行于极板中线，接下来粒子周期性地即F.=gaBt=1N,因管竖直方向也受力，故拉力F大于1重复以上运动，粒子在一个运动周期内的轨迹如图所示，粒N,C错误；小球离开细管时的竖直速度o,=at=4m/s,根据子一个运动周期为T=2.5t。一0.5t。=2t。,故粒子射出极板动能定理W一mgh=分m(+)-号m心，解得w=48的时刻可能为t=0.5to+nT=(0.5+2n)t。(n=1,2,3…),A错误；粒子在磁场中，设粒子的轨迹半径为r,则有T=J,D正确故选BD.2=2,解得，=心，粒子在电场向下减速的位移为y=9.BC从c点沿cb方向射入磁场的粒子，运动轨迹恰好垂直于边界ab射出磁场，如图1所示，根据几何关系可知，a点为圆2X0.5,=:4,故极板间距应满足a>2(r+y)=2+心，则粒子做圆周运动的半径为r=L,由洛伦兹力提供向心力有g0B=m,联立解得6=BL,A错误；粒子从a点2,B正确；极板长度可能为L=n·2r=2(m=,2,m射出磁场，根据题意，粒子的运动轨迹如图2所示，根据几何3…),C错误粒子在磁场中，有T篮三B=20,解得B=关系可知∠Oca=60°，由图2.可知a=60°，粒子在c点的速度π方向与bc夹角为60°，B正确；根据题意，与bc夹角为45°的,粒子在电场中，有=aX0.5,=9E×0.5,解得Eqtom入射粒子在磁场中的运动轨迹如图3所示，根据几何关系可,E。2v知，粒子运动轨迹所对圆心角为45°，粒子在磁场中的运动时,可得B。,D正确；故选BDqto回为：=45×π=阳，C正确；根据题意可知，所有从b12解析：(1)粒子加速过程根据动能定理，有gU,=2mo2,解边界出射的粒子中在磁场中运动，当弦长最短时，即弦与αb垂直时，运动的时间最短，最短时间的运动轨迹为弧线cd,如/2qU1得v=√m230

4.如图，起重机将一半径为R的圆柱体缓慢吊起，有四根长度均为2R的钢绳，一端分别固定在圆柱上端圆面边缘的四个等分点处（钢绳与竖直方向夹角均为30)，另一端会聚在挂钩上，四根钢绳的质量忽略不计，圆柱体的质量为m,当地的重力加速度为g,则每根钢绳的受力大小为B.2m8C.ngn285.送餐服务是机器人应用的一个领域，只要设置好路线，将餐盒放在水托盘上，它就能把餐盒送到指定位置.若配餐点和目标位置在同一直线通道上，机器人从静止开始启动，经40s恰好把餐盒送到目标位置，其运动过程中速度随时间t变化的图像如图乙所示，已知餐盒的总质量2.5kg,餐盒与水托盘始终无相对滑动，取重力加速度g=10m/s2,则()↑u/(ms)102030.40t/乙A.机器人加速运动过程中托盘对餐盒所做功的均功率为1WB.机器人减速过程中托盘对餐盒摩擦力的大小为0.25NC.机器人减速运动的加速度大小为0.2m/s2D.配餐点和目标位置距离为30m6.如图所示，在竖直面内有一半径为R的四分之一圆弧轨道BC,与竖直轨道AB和水轨道CD相切，轨道均光滑.现有长也为R的轻杆，两端固定质量为m的小球a、质量为2m的小球b(均可视为质点)，用某装置控B制住小球α，使轻杆竖直且小球b与B点等高，然后由静止释放，杆将沿轨道下滑.设小球始终与轨道接触，重力加速度为g.则CA从释放至a球滑过C点的过程中，轻杆对b球做正功为号mgRB.下滑过程中b球机械能守恒C.小球a滑过C点后，a球速度大于2V6mg53D.下滑过程中a球机械能增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7如图所示，某人将小球水抛向地面的小桶，结果球划出一条弧线飞到小桶的前方.不计空气阻力，为了能把小球抛进小桶中，则下次再水抛球时，他可能做出的调整为11A.抛出点高度不变，减小初速度【高二考试·物理第2页（共6页）】8171ACS扫描全能王

1、2024届全国100所名校单元测试示范卷·生物[24·G3DY(新高考)·生物-LKB-必考-GX]三试题

暗仅w(②)当籽粒灌浆满盈时，小麦植株的光合速率降低的直接原因是33.(1(填“光反应速率”或“暗反应速率”)减慢。染(3)过量的氮肥会导致叶片的大量生长，使分配到种子的有机物成少，进而使性得小麦迟迟

2、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY(新高考)·化学-LKB-必考-CQ]一试题

实验I:探究Na,CS,的性质。步骤操作及现象①取少量Na,CS,固体溶于蒸馏水中，配制成溶液并分成两等份②向其中一份溶液中滴加几滴酚酞试液，溶液变红色③向另一份溶液中滴加硫酸酸化的KMnO4溶液，紫

3、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY(新高考)·化学-LKB-必考-NMG]三试题

高三第一轮复周测卷教学札记18.(12分)从元素化合价和物质类别两个维度学、研究物质的性质及转化，是一种行之有效的方法。(1)下图是氮元素的“价一类二维图”的部分信息。↑氮的化合价+5F---H-

4、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY(新高考)·化学-LKB-必考-HUN]八试题

(2)bmLAlz2(SOa3溶液中含有agS0},若把此溶液取一半加水稀释至2bmL,则稀释后溶液中A1+的物质的量浓度为mol/L(3)向一定量的Fe、FeO、Fe2O、Pe3Oa的混合物中加入1

5、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY(新高考)·化学-LKB-必考-FJ]一试题

打点计纸带时器小车力传感器砝码盘和砝码甲(2)某小组同学打出的一条纸带如图乙所示，已知打点计时器所用交流电的频率为50Hz,纸带上标出的每两个相邻点之间还有4个打出的点未画出，打出C点时小车的速度大小

由危机非选择题：共160分。第3642题为必考题，每个试题都必须作答。第34题为选考题考生根据要求作答。他产由同（一）必考题：共135分军急利6阅读图文材料，完成下列要求。（22分)1901年，休斯顿发现了石油，经过多方努力，在休斯顿与墨西哥湾之间开凿了深水运河，随价大后，又在休斯顿修建了一系列人工港。20世纪0年代的世界石油危机，休斯顿曾表现出经济多元由业发展势头，但石油巨头更醉心于高额石油利润，石油工业产值长期居高不下。随着油价的快速下闲什跌和严峻的经济形势，休斯顿从优化调整产业结构入手，大力发展航天、医疗等高科技产业，促进展城市经济多元化。图5示意休斯顿位置图，图6为休斯顿产业结构示意图38.例用个累计内电子生物医信息药研发航空仪生物器和精0城市密机械航天中心医疗中心制药因机场石油、人体器官欢天然气加尔维斯品港口港口贸易服务业运河制造业石油和天然气开采公路运输和通信油气运输西哥设备铁路金融金属加工人河流区丑，名生，灵通便刻德解与港日的修建，对休斯顿石油工业发展产生的重要影响。(6分》图5图6)万：由(2)分析20世纪70年代石油巨头不愿意拓展石油产业链或者使用新技术的原因。(4分)溪积乳3)说明休斯顿产业转型的优势条件。(6分)年级（4)说明休斯顿建立载人航天飞行中心、医疗中心等产业对区域产业结构优化的积极影响。(6分)床托有轻禾科所执构推进科技所发以力原川37.阅读图文材料，完成下列问题。(24分哥斯达黎加素有“中美洲花园”的美誉，首都圣何塞位于哥斯达黎加中部高原的一个谷地内，海拔1160米，年降水量近2000mm。蓬搭雷纳斯，哥斯达黎加太洋岸最大港口。国车哥斯达黎加清洁能源发电比重较大。图7为哥斯达黎地形分布图，加图8为哥斯达黎加简图及气候统计资料。动化和料研智能8584983°此年尼加拉瓜加气温/℃降水量/mm勒30600统的比海15500商中5001(000100400场研达何求有6000利蒙-15300-30200图例巴-45100城市000湖泊-600火山14710(月)43800l峰/高程/m蓬塔雷纳斯(1600mm)河流四界■降水量气温20等高线/m图8图72023年高考桂柳信息冲刺金卷·文科综合能力测试（二）·第7页（共12页）

1、衡水金卷先享题2023-2024高三一轮复单元检测卷(重庆专版)/化学(1-7)答案

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2、衡水金卷先享题·摸底卷 2023-2024学年度高三一轮复摸底测试卷 物理(江西专版)(二)2试题

【答案】BD【解析】由左手定则可得，粒子带负电，b粒子带正电，A错误；粒子做匀速圆周运动，运动轨迹如图所示，故112d5R。=sin30=d,R。=sin60=3d,所以R。:R。=3:1,B正确；由

3、2023-2024衡水金卷先享题高三一轮复单元检测卷地理重庆专版13试题

1、2023-2024衡水金卷先享题高三一轮复单元检测卷地理重庆专版14试题

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4、 2023-2024衡水金卷先享题 高三一轮复单元检测卷[辽宁专版]思想政治(十五)15试题

)导结果符合该根本要求的是①大幅提高房贷利率优惠提振购房需求一房产加快去库存一促进房地产业发展②降“杠杆”一规范房贷资格一减少投资炒房需求一降低银行房贷不良率③整顿规范金融秩序一强化风险管控提高银行资

5、衡水金卷先享题(月考卷)2023-2024学年度上学期高三年级六调考试地理(湖南专版)答案

1、衡水金卷先享题·月考卷 2023-2024学年度上学期高三年级六调考试(湖南专版)物理答案

1、衡水金卷先享题·月考卷 2023-2024学年度上学期高三年级二调考

1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建

教学全国@0所名校高三单元测试示范卷记(3)为了得到更精确的加速度值，该同学利用多帧图片测算其对应的速度)和下落的高度h,绘制了一h图像，如图丙所示。若直线的斜率为k,则当地的重力加速度大小g=(4)

2、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建

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1、全国100所名校最新高考冲刺卷

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4、安徽2023-2024 学年九年级上学期调研三物理试题

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1、安徽2023-2024 学年九年级上学期调研三物理答案

1、安徽2023-20

5、天津市耀华中学2024届高三届级暑假学情反馈物理答案

第十一单元万有引力定律及航天1.D【解析】本题考查卫星的速度、第一宇宙速度。除同步轨道卫星外，其余卫星都与地球有相对运动，A项错误；地球静止轨道与倾斜地球同步轨道的高度相同，运行半径相同，所以地球静止

此后，滑块与滑板分别向右做匀加速直线运动和匀减速直线运动，假设在P点前两者共速，速率为s,对滑块和滑板，分别由动量定理有2m2gt=m26一m24（1分)-22gt一h(m1十m2)gt=16一m15(1分)解得6=2.25m/st=0.25s(1分)此过程，滑板位移为4=(十两1-3器m<一1滑块位移为t1=2(w+w4=易m1分)滑块相对滑板向左的位移为4=n-=名m以，两者相对静止做加速度大小为a=4g=3m/s2(1分)的匀减速直线运动直至停止，由公式一=2ax可得，两者的位移为总-影m1分)则有x1+x2=1.875ms-L(1分)滑块会碰到玩具小熊，故此次挑战不成功.(1分)27.(1)三颈烧瓶(1分)B(1分)(2)作还原剂，防止Fe+被氧化(2分)A(2分)(3)HP0,+FeS0,·7H0+3Li0H.H,0△咸12oC)-LiFeP0,￥+13H,0+LS0,(2分)(4)取少量产品溶于适量盐酸中，向其中滴加几滴KSCN溶液，溶液不变血红色，说明不含Fe(OH)3、FePO4杂质(2分)(5)69.6(2分)(6)Li1-FePO4+xLi+xe—LiFePO4(2分)28.(1)第四周期第VA族(2分)分子晶体(1分)(2)GeO2+2OH=GeO号-+H2O(2分)(3)20-25(1分)(4)GCL4在稀盐酸中易水解(2分)(5)GeCL4+(2+n)H2O—GeO2·nH2O'+4HCl(2分)8x器(6)①(2分)②-8X100、(2分))3√329.(1)-67.7kJ/mol(2分)(2)HF分子间可形成氢键(2分)HF2=H++2F(2分)(3)小于(2分)0.024(2分)(4)AE(2分)(5)(HF)2(1分)(6)溶液中存在衡：HF一H十F,F和HF的浓度均较大，当加入少量酸时，衡左移，当加入少量碱时，衡右移，溶液中c(H十)变化不大，故溶液pH基本不变(2分)30.(1)酯基、硝基(2分，答对一个给1分，错答不得分)取代反应(1分)(2)2-甲基丙酰胺(1分)OH(2分)【2023届高三⑦联·理综参考答案第7页（共8页）YN、AH、SX、HLJ、JL】

1、2024届衡水金卷先享题[信息卷](一)1文数(JJ·B)答案

【分析】(1)选0，利用二倍角余弦公式及三角形的性质求解c0C=方，再利用余弦值求角：选②，利用余弦定理及面积公式建立方程求得nC=√阝，利用正切值求角：选③，利用两角和正切公式化简得tanC=√3，

2、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](五)5历史(JJ)答案

1、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](三)3地理(JJ)答案

1、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](六)6地理(JJ)试题

1、202

3、2024届衡水金卷先享题 [调研卷](二)2文数(JJ·A)答案

18.解：(1)当n=1时，2a,=3a,-3,解得：a1=3,当n≥2时，2a,=2S,-25-1=3a,-3-3a-1+3=3a,即c=√2，-3a,-1,得a,=3a-1,所以6=√。--√2-

4、衡水金卷先享题·月考卷 2023-2024学年度上学期高三年级一调考试(JJ)物理答案

20.如图所示，一滑雪运动员沿一直坡道向下滑雪，出发点记为0，自0点由静止出发，光后过同一直坡道上的A,B,C三点，视滑雪过程为匀加速直线运动，测得AB间距离为l1=10.0m,BC间距离为2=20.

5、衡水金卷先享题(月考卷)2023-2024学年度上学期高三年级期末考试文数(JJ)答案

所以m=±2--12分2L【详解10m=-1时，f=hx--2x-=nx-x+2.>0)f1-1=1-x2分所以，当00,f(x)单调递增；当x>1时，f(x)<0,f(x)单调

10.水地面上有一质量为m=5kg的长木板，木板的左端上有一质量为m,=3k的物块，如图(a)所示，用水向右的拉力F作用在物块上，F随时间t的变化关系如图(6)所示，其中FF,分别为，时刻F的大小。木板的加速度4随时间1的变化关系如图（®）所示，已知木板与地面间的动摩擦因数为4=02，物块与木板同的动摩擦因数为4=0,3。假设最大静摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等，重力加速度大小跟g取10m13.则下列说法正确的是()图(a)图b)A.F=16NB,当拉力F=24N时，物块与木板恰好发生相对滑动C,在千~12时间段物块做匀加速直线运动D.木板加速度所能达到的最大值为a,=1.6m1s2二、非选择题：本题共5小题，共57分。11.(4分)某同学利用单摆测量重力加速度。(1)为了使测量误差尽量小，则下列说法正确的是A.组装单摆须选用密度和直径都较小的摆球B.组装单摆须选用轻且不易伸长的细线C.实验时须使摆球在同一竖直面内摆动D.摆长一定的情况下，摆的振幅尽量大(2)如图所示，在物理支架的竖直立柱上固定有摆长约1m的单摆。实验时，由于仅有量程为20cm、精度为1mm的钢板刻度尺，于是他先使摆球自然下垂，在竖直立柱.上与摆球最下端处于同一水面的位置做一标记点，测出单摆的周期：然后保持悬点位置不变，设法将摆长缩短一些，再次使摆球自然下垂，用同样方法在竖直立柱上做另一标记点，并测出单摆的周期☑：最后用钢板刻度尺量出竖直立柱上两标记点之间的距离AL用上述测量结果，写12.(12分)某小组测量阻值约3k2的电阻R,实验室提供了下列器材：出重力加速度的表达式g=9

1、2024届云南三校高考备考实用性联考卷(二)物理答案

口■■口■口口电子带负电，负电荷在电势越高的地方电势能越低，则电子在P点的电势能大于其在M点的电势能，故D正确。6.升降机在从弹簧下端触地后直到最低点的过程中，开始阶段，重力大于弹力，加速度方向向下，

2、2024届云南三校高考备考实用性联考卷（一）q物理

100所名校高考模拟金典卷·物理（十一）》23新高考JD物理-LN100所名校高考模拟金典卷·物理（十一）23新高考JD物理-LN解题分析(1)温度升高，体积不变，气体做等容变化，根据查联立解得s=6

3、2024届云南三校高考备考实用性联考卷(二)物理试题

9.在某次军事演中，空降兵从悬停在高空的直升机上跳下，当下落到距离地面适当高度时打开降落伞，最终安全到达地面空降兵从跳离飞机到安全到达地面过程中在竖直方向上运动的V-t图象如图所示，则以下判断中正确

1、2024届云南三校高考备考实用性联考卷(二)物理试题

9.在某次军事演中，空降兵从悬停在高空的直升机上跳下，当下落到距离地面适当高度时打开降落伞，最终安全到达地面空降兵从跳离飞机到安全到达地面过程中在竖直方向上运动的V-t图象如图所示，则以下判断中正确

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3、2024届云南三校高考备考实用性联考卷(二)物理答案

口■■口■口口电子带负电，负电荷在电势越高的地方电势能越低，则电子在P点的电势能大于其在M点的电势能，故D正确。6.升降机在从弹簧下端触地后直到最低点的过程中，开始阶段，重力大于弹力，加速度方向向下，

1、【热荐】江西省2023-2024学年度第一学期期末测试卷（初三）化学x试卷

1、广东省潮州市2023-2024学年度第一学期期末高三级教学质量检测卷化学答案

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2、安徽省六安皋城中学2024届初三阶段性目标检测（四）生物

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1、2022-2023学年安徽省六安市金安区重点中学高一（下）期中数学试卷

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3、江西省新余市2023-2024学年度实验中学初三入学（考试）测试物理/

4s末，起重机的输出功率P1=Fw2(1分)解得P1=2.1X106W(1分)9s末，起重机功率达到最大输出功率，即P2=Po=4.2×106W。(1分)

4、江西省新余市2023-2024学年度实验中学初三入学（考试）测试物理/

解析：本题考查动能定理。木块做曲线运动，速度方向变化，加速度不为零，故木块所受合力不为零，A项错误；速率不变，动能不变，由动能定理知，合力做的功为零，而支持力始终不做功，重力做正功，所以重力做的功与摩

5、江西省新余市2023-2024学年度实验中学初三入学（考试）测试物理/

处位置的磁场较强，cd所处位置的磁场较弱，则F>面向上，则半圆形线框所受安培力的大小为F总=F十F=Fa,则线框所受合力方向向右，故B、C错误，D正确，F+2P=(π+2)F,D错误.故选C4.D解析

2mu²，所以电场强度的大小与磁感应强度的大小的二定律可得eE=ma，联立可得E=3eL400E，A选项正确。故选A。3L6.D【解析】根据电阻定律R=p可知细导体的电阻值大于粗导体的电阻值，A选项错误；根SUnSnU据欧姆定律可得I=再根据电流强度的微观表达式I=neSu，可得u=RLpLpneLS可见两段导体内的自由电子定向移动的均速率相同，B选项错误；根据欧姆定律可得UUUSn可见通过细导体的电流I小于粗导体的电流I，C选项错误；根据ERLpLLS可知细导体内的电场强度大小等于粗导体内的电场强度，D选项正确。故选D。7.A【解析】小球B的受力如右图所示，将支持力FN与库仑力F合成，其合力N应与重力GkQqLABkQqmg大小相等、方向相反，根据三角形相似有，由此式可知，仅使球B的LABLBRmgF质量增加到8m，LB减为原来的一半，A选项正确；根据可知，仅使球B的电RRmg荷量增加到+2q，FN大小不变，B选项错误；仅使球B的电荷量增加到+2q，根据RkQqLBkQg电荷之间距离会增大，所以库仑力不是原来两LABkQqLBkQq倍，C选项错误；根据mg可得，使球R的质量增LBRLAB加到4m、电荷量增加到+2q，AB间距离将减小，D选项错误。8.BC【解析】飞镖做抛运动，将抛运动进行分解：水方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，打到标靶时，水位移相同，落点越靠下，运动时间越长，说明均一可知，要使得飞镖打在标靶中心O点，应调整初速度或调整抛出点高度，由上式分析可知，投出飞镖的初速度比u、C小些，或投出飞镖的初速度比v大些，或保持初速度v不变同时降低抛出点C的高辽淀度，或保持初速度0不变同时升高抛出点C的高度，这四种办法都能使飞镖打在标题：靶中心O点，B、C选项正确，A、D选项错误.故选BC.35~页：共BaT

2mu²，所以电场强度的大小与磁感应强度的大小的二定律可得eE=ma，联立可得E=3eL400E，A选项正确。故选A。3L6.D【解析】根据电阻定律R=p可知细导体的电阻值大于粗导体的电阻值，A选项错误；根SUnSnU据欧姆定律可得I=再根据电流强度的微观表达式I=neSu，可得u=RLpLpneLS可见两段导体内的自由电子定向移动的均速率相同，B选项错误；根据欧姆定律可得UUUSn可见通过细导体的电流I小于粗导体的电流I，C选项错误；根据ERLpLLS可知细导体内的电场强度大小等于粗导体内的电场强度，D选项正确。故选D。7.A【解析】小球B的受力如右图所示，将支持力FN与库仑力F合成，其合力N应与重力GkQqLABkQqmg大小相等、方向相反，根据三角形相似有，由此式可知，仅使球B的LABLBRmgF质量增加到8m，LB减为原来的一半，A选项正确；根据可知，仅使球B的电RRmg荷量增加到+2q，FN大小不变，B选项错误；仅使球B的电荷量增加到+2q，根据RkQqLBkQg电荷之间距离会增大，所以库仑力不是原来两LABkQqLBkQq倍，C选项错误；根据mg可得，使球R的质量增LBRLAB加到4m、电荷量增加到+2q，AB间距离将减小，D选项错误。8.BC【解析】飞镖做抛运动，将抛运动进行分解：水方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，打到标靶时，水位移相同，落点越靠下，运动时间越长，说明均一可知，要使得飞镖打在标靶中心O点，应调整初速度或调整抛出点高度，由上式分析可知，投出飞镖的初速度比u、C小些，或投出飞镖的初速度比v大些，或保持初速度v不变同时降低抛出点C的高辽淀度，或保持初速度0不变同时升高抛出点C的高度，这四种办法都能使飞镖打在标题：靶中心O点，B、C选项正确，A、D选项错误.故选BC.35~页：共BaT

2mu²，所以电场强度的大小与磁感应强度的大小的二定律可得eE=ma，联立可得E=3eL400E，A选项正确。故选A。3L6.D【解析】根据电阻定律R=p可知细导体的电阻值大于粗导体的电阻值，A选项错误；根SUnSnU据欧姆定律可得I=再根据电流强度的微观表达式I=neSu，可得u=RLpLpneLS可见两段导体内的自由电子定向移动的均速率相同，B选项错误；根据欧姆定律可得UUUSn可见通过细导体的电流I小于粗导体的电流I，C选项错误；根据ERLpLLS可知细导体内的电场强度大小等于粗导体内的电场强度，D选项正确。故选D。7.A【解析】小球B的受力如右图所示，将支持力FN与库仑力F合成，其合力N应与重力GkQqLABkQqmg大小相等、方向相反，根据三角形相似有，由此式可知，仅使球B的LABLBRmgF质量增加到8m，LB减为原来的一半，A选项正确；根据可知，仅使球B的电RRmg荷量增加到+2q，FN大小不变，B选项错误；仅使球B的电荷量增加到+2q，根据RkQqLBkQg电荷之间距离会增大，所以库仑力不是原来两LABkQqLBkQq倍，C选项错误；根据mg可得，使球R的质量增LBRLAB加到4m、电荷量增加到+2q，AB间距离将减小，D选项错误。8.BC【解析】飞镖做抛运动，将抛运动进行分解：水方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，打到标靶时，水位移相同，落点越靠下，运动时间越长，说明均一可知，要使得飞镖打在标靶中心O点，应调整初速度或调整抛出点高度，由上式分析可知，投出飞镖的初速度比u、C小些，或投出飞镖的初速度比v大些，或保持初速度v不变同时降低抛出点C的高辽淀度，或保持初速度0不变同时升高抛出点C的高度，这四种办法都能使飞镖打在标题：靶中心O点，B、C选项正确，A、D选项错误.故选BC.35~页：共BaT

9.一简谐横波沿x轴负方向传播，1s时刻波形图如图甲所示，a、b、d是波上的三个质点，图乙是波上某一质点的振动图像，则下列说法正确的是（y/cm↑y/cm甲乙A.质点a在t=0时刻位于波谷处B.图乙可以表示质点b的振动图像C.图甲中再经0.5s，质点b向前走2mD.质点d做简谐运动的表达式为y=-0.lsinπt（m）10.如图所示，将轻弹簧上端固定在铁架台上，竖直悬挂的轻弹簧下端可悬挂钩码，在弹簧右侧竖直固定一把直尺，使弹簧A点指针所指示数为弹簧的长度。不挂钩码时指针在30cm，挂一个钩码静止时指针指在40cm位置。某同学竖直向下拉钩码，使钩码在竖直方向上下振动，该同学欲将直尺的不同刻度对应的加速度标在直尺上。取竖直向上为正方向，重力加速度大小为g（轻弹簧始终在弹性限度内），下列说法正确的是（A.刻度尺40cm处对应的加速度为gB.刻度尺50cm处对应的加速度为gC.刻度尺30cm处对应的加速度为-0.5gD.各刻度对应的加速度值是线性关系二、非选择题：本题共5小题，共60分。11.（8分）为了同时测量一电源的电动势（E）和内阻（r），以及未知阻值的电阻R，某同学设计了一电路。实验室提供的器材如下：待测电源、待测电阻、电阻箱一个、内阻很小的电流表一只、单刀单掷开关两个和导线若干。（1）为实现上述目的，请完善图甲中的实物连接。R甲乙(2）该同学实验的主要步骤有：①闭合S、S，多次调节电阻箱，并记录其阻值及对应的电流表的示数；②保持S闭合，断开S，多次调节电阻箱，并记录其阻值及对应的电流表的示数；③根据记录的数据，作出两条一R图线如图乙所示。由图线可得电动势E=，内阻r=，R=。（均用图乙中的a、b、c表示）【高二物理第3页（共6页）】·25-105B·

会触碰到吊臂，以下说法正确的是A.故障发生之后，重物A立即开始做自由落体运动×吊臂NB.从故障发生到重物A速度减为零的过程中，重物A始终处于高考（二失重状态吊臂液压缸C.故障发生之后，重物A一直做匀减速直线运动形码粘上，并将如需时，加速度为-3m/s²，速度为零）则的答案答题卡mA.a点坐标为x=-3cm时，将C.振子的振幅A=9 cm k求。9D.a点在衡位置0的右侧×R动的效极质点P的振动图像。下列说法正确的是是展示y/cmy/cm口快绝白t/sx/m人民#4m匕军智图1图2能军A.质点P的衡位置坐标可能为x=3m命70C.若障碍物尺寸为3m，则该波遇到此障碍物不会发生明显衍射协D.若仅将波源频率增大，则波速可能变为4m/s喷泉水柱从横截面积为S=0.001m²的喷口持续以速度=10m/s竖直向上喷出，在喷口正上方h≠4.2m处固定一水挡板，从喷泉喷出的水都能打到挡板上。已知水的密度p=1.0×10²kg/m²，重力加速度g取10m/s²。水柱冲击到水挡板后，水在竖直方向的速度变为零，在水方向朝四周均匀散开，忽略空气阻力。设水柱对水挡板的冲击力大小为5x16:80mFF，则#216A.F=20NB. F=40 NC.F=60 ND.F=80 N物理试卷第2页（共8页）