(2)之4+。6+之名=H,又+5+5=8(2分)2得12=80s,13=40s(1分)故减速阶段的加速度大小为a,='=0.125m/s2(1分)(3)下降时最大速度为v,加速度大小分别为a'=0.1m/s2、a2'=0.025m/s2,则监+兰=H,得=2ims(2分)2a12a放6=兰+兰=50s(2分)4022.(12分)(1)对A车刹车过程，有0-v=-2ax(2分)解得x=50m12.5m,所以两车会相撞。(1分)(3)若要不相撞，则两车共速时对A车，有失=4-a,=4+嗟，(1分)2对B车，有=-g，为=+生r(1分)2B车恰好不追尾A车，有x8-x4=12.5m(1分)联立得aa=8m/s2,所以两车要不相撞，B车的加速度大小至少为8m/s2。(1分)A9协作体高一物理参考答案第2页共2页

13.解：物体在斜面AB部分做匀加速运动，设加速度为α1根据位移公式有s=2a2,解得a,=2m/s(2分)根据牛顿第二定律有mgsin0-1 ngcos0=ma1(2分)解得1=0.5。(1分)(2)物体到达B点时的速度大小v1=a1t1=8m/s(1分)物体在斜面BC段做匀减速运动，设加速度为α2根据运动学公式有a2=,-4=-1m/s(1分)t2根据牛顿第二定律有mgsin0-2 mgcos0=ma2(1分)解得2=0.875。（2分)14.解：(1)行星绕恒星做圆周运动时根据万有引力提供向，心力有GM”=4πr2TF(2分)》解得中心恒星的质量M=4x,GT2(1分)以0-2=需4。(2分)(2)对于该行星表面的物体根据万有引力等于重力有GR=mg(1分)该行星的质量m=pV=号，3 ToR3(1分)解得行星的密度p一4GR3g(1分)所以监=粒×尽地=1。(2分)0地g地R行15.解：(1)刚开始，两小球在水平方向一起向右做匀加速运动根据牛顿第二定律有2F1=2ma1,解得a1=2m/s2(1分)两小球在水平方向的位移x=a1a2=1m两小球的水平速度w1=a1t1=2m/s（1分)在A球上又施加水平向左的恒力F2后对于A球，有F2一F1=ma2解得a2=6m/s2,方向向左(1分)设再经过2时间，绳子被拉直根据运动学公式有十7a1:2-(ut。一a,)=L《1分)1解得t2=1s、54【23·G3DY(新教材老高考)·物理·参考答案一R一必考一N】

2023天府名校·四七九模拟精编物理·适应性模拟卷（二）评分标准及解析1D解析：由F=ma可知1N=1kg·m/s,A错误：由F=Bgv可8m,A错误：a=2m/g3,a=g,解得μ=0.2，B正确：△x=x第知1N=1T·C·m/s,B借误；由F=69可知1N=1N:m,物=元(6十2)一x=4m,C错误：要使物块尽快到达B处，物块需二C错误：由P--马可知1N=1y:C,D正确一直加速，由2=2ax,解得v=4√2m/s,即传送带速度至少为m42m/s,D正确.2.B解析：汽车做匀减速直线运动，设加速度为a,由一后8.AD解析：当圆盘转动的角速度较小时，A.B均由静摩擦力提2ax1,解得a=一2.5m/S2,设汽车再运动时间1停下，有t-供向心力，由于R

(2)C点电势：(3)一质量m=1.5×10kg、电荷量q=-2×10C的粒子由C点从静止开始运动到D点时的速度大小（不计粒子重力）。B17.示波管的示意图如图所示，竖直偏转电极的极板L=4.0cm,两板间距d=1.0cm,极板右端与荧光屏的距离s=18cm,由阴极发出的电子经电场加速后，以v=1.6×10m/s的速度沿中心线进入竖直偏转电场。若电子所受重力及电子之间的相互作用力均可忽略不计。己知电子电荷e=1.6×1019C,质量m=0.91×1030kg,求：(1)加速电压U的大小：(2)要使电子束不打在偏转电极的极板上，求加在竖直偏转电极上的电压U的最大值；(3)求电子打在荧光屏上距中心点最大距离Y?18.如图所示，BCDG是光滑绝缘的三圆形轨道，位于竖直平面内，轨道半径为R,下端与水平绝缘轨道在B点平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中。现有一质量为m、带3正电的小滑块（可视为质点）置于水平轨道上，滑块受到的电场力大小为，mg,滑块与水平轨道间的动摩擦因数为0.5，重力加速度为8。(1)若滑块从水平轨道上距离B点s=3R的A点由静止释放，求滑块到达C点时受到轨道的作用力大小：(2)改变s的大小，使滑块恰好始终沿轨道滑行，且从G点飞出轨道，求s的大小。试卷第7页，共8页

的大，根据一wt可知，a球的初速度大，C项错误，D项正确。8.BC解析：本题考查速度一时间图像的应用。根据速度一时间图像可知，甲车刹车的加速大小为1m/s2,乙车刹车的加速度大小为0.5m/s2,甲车刹车的加速度大小是乙车的2倍，A项错误，B项正确；由题图知一12：后两车的速度均为=6m/s,在4=12。时两车相距数近，若两车刚好不发生碰撞，则：=0时两车间的距离0=m一2红6+18×12m-6+12×2212m=36m,C项正确、D项错误。9BD解析：本题考查圆周运动的规律。由T=2红知，当角速度。塔大时，周期T变小，A项错误；物块所受合力提供物块做圆周运动的向心力，设斜劈对物块的作用力大小为F,则F=m,=√-(mg了，随着角速度的增大，F增大，B项正确；分析物块受力情况，如图所示，有F0s十fsin0=mg,fcos0--Fsin日=mdr,解得Ry=mgcos0-w2rin0,f=mgsin9+8,所以，当ω增大时，F减小，f增大，C项错误、D项正确。10.AC解析：本题考查万有引力定律的应用。质量相等的三星系统的位置关系构成一等边三角形，其中心0即为它们的共同圆心，由几何关系可知三个星体做圆周运动的半径，一5。a,A项正确；每个星体受到另外两星体的万有引力，其大小F一3，G加，B项错误：星体做圆.a2周运动的向心力由其所受合力提供，则有BG=m禁r,得T=2a√忌4x2。a,故C项正确；a由线速度-2平得=Gm,故D项错误。11.(1)ABD(3分)(2)3g7(3分)解析：(1)通过调节使斜槽的末端保持水平，以保证小球能做平抛运动，A项正确；每次必须从同一位置由静止释放小球，这样才能使小球多次做平抛运动的轨迹相同，B项正确、C项错误；小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触，防止小球运动的速度因摩擦受到影响，D项正确。△y=(2)小球在竖直方向做匀变速运动，根据△y=gT,可得T-，则小球做平抛运Ng动的初速度山=兴-3V.12.(1)没有记录两拉力的方向(1分)没有说明要把结点拉至0点(1分)(2)如图所示(2分)2.8(2.6~2.9范围内都算对)(2分),”(3)4：3(3分)高三月考卷·物理（二）参考答案第2页（共4页）

离分别为h,、h?、h。。重锤质量用m表示，已知当地重力加速度为g,打点计时器打点的周期为T,从打下O点到打下B点的过程中，重锤重力势能的减少量△E,=一，动能的增加量△E=一。（均用己知和测量物理量符号表示)hAhB图2(3)某同学在纸带上选取计数点后，通过描绘v2-h图像去研究机械能是否守恒。若实验中重锤所受阻力不可忽略，且阻力大小保持不变。下列v2一h图像中，从理论上分析合理的是。（填序号）个y22AB.v2D.2D.h三、计算题（本大题共3小题，计32分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)16.2022年4月16日，神舟十三号航天员翟志刚、王亚平、啡光富乘组圆满完成任务返回地球，结束了长达半年的“太空出差”。假设神舟十三号载人飞船在距地面高度为h的轨道做圆周运动，已知地球的半径为R,地球表面的重力加速度为g,引力常量为G,求：(1)神舟十三号载人飞船轨道处的重力加速度：(2)神舟十三号载人飞船运行的周期。17.现在城市的交通非常发达，城市的快速道限速可以达到80km/h。现在有一辆汽车正以72k/小的速度向红绿灯路口行驶，离路口还有120m的地方，司机发现前方是红灯，并且显示倒计时时间为10s,他继续原速前进，一段时间后，开始以大小5ms2的加速度减速，到达路口时车刚好停止。（车辆可视为质点，不计司机的反应时间)(1)求车到达路口时红灯还剩几秒：

侧下到说法中错误的是()时刻/s00.30.60.91.21.5速度/(m/s)121211.61049.28A.驾破员的反应时间为0.55B.汽车刹车时的加速度大小为4msC.汽车作匀减速运动的时间为5D.从发现行人到停止汽车的总路程为I8m1.如图甲所示，物块静止在水手面上，从古=0时刻给物块施加水手向右拉力，拉力大小满足关系式F=2古(W),所得加速度a与F的关系如图乙所示，g取10m/s.下到说法中正确的是()Aa/(m·s-2)_2甲A物块与水手面间的动摩擦因最为0.2B.物块的质量为2kgC.炉|s时物块开始运动D.=2s时物快的速度为8m/s第II老（非选择数艾56分）二、非选择趣（艾5趣，艾56分；其中第/3数第I6数解答时请写出必要的文字讫明、方程式和重要的演算步骤，只写出最石答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位)12.“探究加速度与力的关系”的实验装置如图甲（交流电频率为50Hz):aa/(m.s）2.0出出出出出1.5打点计时器光滑小轮力传感器1.00.5木板010.20.3040.5→FN

C.A,点和B点的线速度大小之比为1：2D.A点和B点的向5加速度大小之比为2：/【答案】D【解析】【译解】拖拉机行进时，两轮边缘的线速度相同，根据2πrv==2πn1T可和，两轮的周期和转速不相等；根据因后轮的半径是前轮半径的两倍，侧AB两，点的向5加速度之比2：/，选项ABC错误，D正确。放选D.4.物快M在静止的传送带上匀速下滑时，传送带突然转动，传送带转动的方问如图中箭头所示，则传送带转动店(M■A.M将减速下滑B.M仍匀速下滑C.M受到的摩擦力变小D.M受到的摩擦力变大【答案】B【解析】【详解】传送带突然转动前物块匀速下滑，对物块进行爱力分析：物块爱重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力；传送带突然转动石，对物块进行受力分析，物块受重力、支持力，由于上面的传送带斜向上运动，而物快斜向下运动，所以物块所爱制的摩擦力不变仍然斜向上，所以物块仍匀速下滑，B正确G5.如图，滑快A和滑快B叠放在一起沿国定的光滑斜面从静止开始加速下滑，滑块A和滑块B相对静止·侧在A,B一起沿斜面下滑的过程中()

、C在AP板转到水平位置前、BP板与AP板对棉包的作用力的合力不变D.当BP板转过60时，棉包对BP板的作用力大小为g成下列相关实验内容0.水平面上有一质量m=0.3kg的小物块，小物块与左端固定的水平轻弹簧相连，同时与上端在步骤①②中，F(填“=”>”或“<")F固定的不可伸长的轻绳相连，如图所示，此时小物块处于静止状态，且水平面对小物块的到2)本实验(填“雷要”安”不要平衡小车所受到的华擦力：力恰好为零，轻绳与竖直方向的夹角为53”。已知小物块与水平面间的动摩擦因数从3》某段时间内小车的工一图像如图乙所示，根据留像可得小车的加速度大小为m/s(结果保留三位有效数字：最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小g=10m/im53”=0.8,os53°=0.6。4)分析多组F、:数据可知：在误差允许范围内，小车的质量一定时，小车的加速度与合力下列说法正确的是成正比4弹簧对小物块的拉力大小为5N(0分)如图所示，质量m=0.5kg的木块套在固定的水平杆上，用方向与水平杆的夹角B轻绳对小物块的拉力大小为5N3°、大小F10N的力斜向上拉木块，使木块向右做加速度大小a-9m/的匀加速直线C.若剪断轻绳，则剪断后的瞬间轻弹簧的弹力大小为3N运动.取重力加速度大小g=10m/5,sin53°=0.8，cos53-0,6.求：D若剪断轻绳，则剪断后的瞬间小物块的加速度大小为10m/s)水平杆对木块的弹力大小二、非选择题：本题共5小题，共54分。(2)木块与水平杆间的动摩擦因数11.(6分)某同学做~探究两个互成角度的力的合成规律”的实验情况如图所示，其中A、B.C为固定橡皮条的图钉，实验步骤如下：AB()将白纸用图钉固定在方木板上，在三根完全相同的橡皮条（遵循胡克定律)两端各拴上一根相同的细绳，用刻度尺测出橡皮条的原长，记为(12分)疲劳驾驶是一种危险的驾驶行为，极易引发交通事故。一轿车在平直公路上以L。:将三根橡皮条的一端细绳拴在同一结点上，另一端分别拴在A23m/s的速度匀速行驶，在它正前方=28m处有一货车以=25m/s的速度同向匀速双述正B、C三枚图钉上：分别记下三绳结点位置O和三根橡皮条伸长的方行驶，货车由于故障而开始做匀减速直线运动。由于疲劳导致反应迟纯，轿车司机在货车减速：=3.5s后才发现危险，轿车司机经△=0.5s反应时间后，立即采取紧急制动措施，使轿车开始做匀减速直线运动。若货车从故障开始，需向前滑行x一125m才能停下(1)求货车做匀减速直线运动的加速度大小α：(2)取下器材，用铅笔和刻度尺从O点沿着三根橡皮条的方向画直线，按照一定的标度作出(2)求当轿车开始车时，两车之间的距离△x:三根橡皮条对结点O的拉力F,、F、F的图示，用平行四边形定则求出两个力F、F的3)若轿车和货车不发生追尾，求轿车刹车的最小加速度'合力F;若测量发现F与下在同一直线上，大小接近相等，则实验结论为625250(3)改变三枚图钉的位置重复实验，本实验采用的科学方法无(填“理想实验法”、“极限法”或“等效替代法”)12.(8分)用如图甲所示的装置研究“小车（含拉力传感器）质量一定时，加速度与合力的关系”(18分)如图所示，传送带与水平面的夹角0=30°，传送带在电动机的带动下，始终保持以=2m/s的速率运行。现把一质量m=2kg的物块（视为质点）轻轻放在传送带的底端，经实验步骤如下：时间=2s,物块被传送到距底端高度h=1,5m的传送带顶端，取重力加速度大小g①细绳一端绕在电动机上，另一端系在拉力传感器上，将小车放在长板的P位置，调整细绳与0m/s2.求：长板平行，启动电动机，使小车沿长板向下做匀速运动，记录此时拉力传感器的示数F。:1)物块与传送带间的滑动摩擦力大小∫②撤去细绳，让小车从P位置由静止开始下滑，设小车受到的合力为F,通过计算机可得到2)物块相对传送带运动的位移大小△x；小车与位移传感器的距离随时间变化的x一：图像，并求出小车的加速度α：3)物块以相对地面的大小)8m/s的速度从传送带底端沿传送带向念③改变长板的倾角，重复步骤①②可得多组F、a数据。上滑到传送带顶端的时间电动机绳拉力传感器小车位移传感器1020.3【高一物理第4页（共4页】004A【高一物理第3页（共4页】004A

mA.斜面光滑B.斜面粗糙C.达到稳定状态后，斜面体对物块的摩擦力沿斜面向上D.达到稳定状态后，地面对斜面体的摩擦力水平向右二、多选题；本题共4题，每小题4分，共16分9.防疫抗疫，万众一心，上海某企业尤偿捐赠多台医用离心机至武汉地区。利用离心机的旋转可使混合液中的悬浮微粒快速沉淀。如图为某离心机工作时的局部图，分离过程中，、下列说法正确的是()A,混合液不同部分做离心运动是由于受到离心力的作用B.混合液不同部分的线速度相树C.混合液不同部分的角速度相同D.混合液底层1部分的向心加速度大小比上层2部分大10.一辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，小车的t图像如图所示，在2s~10s内的图像为曲线，其余时间段图像均为直线。己知在2$~14s内，小车以额定功率运动，14s术关闭动力让小车自由滑行。若小车的质量为2kg,在整个运动过程中可认为小车所受的阻力大小怀变。下列说法中正确的是（)/(ms)024681012141618/sA.小车的额定功率为9WB.2-10s内动力的冲量为30NsC.小车加速阶段的平均功率为16.2WD.加速阶段小车的位移大小为39m试卷第4页，共9页63。

参考答案9.BD[A.根据振动函数之=2sin5πt(cm)所以，当减速的加速度小于0.75m/s2时，摩擦力与得w=斧=5mmds,弹簧弹力反向，并且随着加速度的增大，摩擦力减小，当减速的加速度大于0.75m/s2时，静摩擦力开则T=0.4s,故A错误；始与弹簧弹力同向，并且随着加速度的增大，摩擦力B.观察波面图判断出波长λ=4m,增大，当静摩擦力增大到6000N时，有F弹十f静=则传播追度为。一产-10m/s,故B正确：ma2,解得a2=1.5m/s2C由题店知波修到=4m处需要号的时间，且由振A.由于1m/s2<1.5m/s2,物体与小车始终保持相对静止，弹簧伸长量不变，所以弹力不变，故A正确；动函数知波源的起振方向向上，所以x=4m的质，点B.由上分析可知，小车加速度由零逐渐增大到1m/s2从开始银动第二水到达减谷需毫=T+T=子7过程中，物体所受的静摩擦力先向右减小到零后反向增4加，故B错误；C.由上分析知，当小车加速度为0.75=5+子=2m/s2时，物体不受摩擦力，故C正确；D.卡车以1m/s2的加速度向右做减速直线运动时，根据牛顿第即在-2m≤x≤6m、-4m≤y≤4m区域中第二次二定律有F弹十f=ma,得物体受到的摩擦力为f=形成如围所示波面分布图时0=2T=0.9s,故C2000N,故D错误.故选AC.]13.解析：(1)根据匀变速直线运动位移与时间关系有错误；D.由几何关系知，P点距离波源10m,即AP=2.5λ振动从波源传播到P点时间是2.5T=1s则在1.2s一1.4s时间内，P点向之轴负方向振动，所所以小球在斜面上运动的加速度为a=2马以t=1.25s时，P,点所受回复力方向为之轴正方向，故D正确.故选BD.门设斜面倾角为0，则sin0=h一h2L后10.AD[A.由题意运动员在B点满足FN一mg=m尺由题意，小球在斜面上运动时受到的合外力为h1-h2所以FN>mg,即运动员在B点处于超重状态，故AF=mgsin 0=mg-L正确：B.从A到C由动能定理得mgh1一W=1(2)若牛顿第二定律F=ma成立，1一h2=m2Lm记，所以vc<√/2gh1,故B错误；C.从A到D满足则mgL2'mg(h1+a:)-W:-合m呢化简得2L2=g(h1一h2)t2,管案（每空2分1号msh1-h2所以EkD西敢D正确，故选AD.]11.BD[A.磁铁在A点时，线圈中的磁通量为④1，故通过一匝线圈的磁通量也为中，与匝数无关，故A错误：B.磁铁从A到O的过程中，线圈中产生的平均感应电动势为E=nP2-P1△t1(2)当G满偏时，干路的总电流1=Ig十LI R:=1 mARo2+1×182mA=10 mA21u(Φ2-Φ1),故B正确；(3)欧姆调零时，电流表满偏，故欧姆表的内阻为LCD.磁铁从A到B的过程中，磁通量先增加后减小，=E=1.5×1030,R总一Ig磁通量的变化量为零，故平均感应电动势为零，故平由于电流表的内阻为18Ω，欧姆调零后R,的阻值为均感应电流为零，故通过线圈某一截面的电量为零，R1=15002-182=14822.故C错误，D正确.](4)开关S1断开时，欧姆表内部阻值为15002，即中12.AC[卡车减速前，物体和卡车一起做匀速直线运值电阻为15002，倍率为“×10”挡.则当开关S1闭动，物块受水平向左的弹簧弹力和向右的静摩擦力，有静=F弹=6000N合时，欧姆表内邵的阻值为R总=名，=1.5X102Q当物体随卡车一起向右做减速时，若静摩擦力为零，即中值电阻为1502，所以倍率为“×1”挡.有F弹=ma1,解得a1=0.75m/s2答案：（每空2分）(1)见解析(2)10(3)1482×1·35

相等，根据逆向思维，将竖直上抛运动看做当F=0时，根据图像可知弹簧原长为自由落体运动的逆运动，即h=2g,所La=10cm:弹簧的劲度系数为图线斜率，所以以空中飞行时间相同，选项A错误；壁球=2N=0.2N/cm=20N/m;在该弹簧下端10 cm在水平方向上做匀速直线运动，两次运动悬挂1.0N的重物时，弹簧的伸长量为1=时间相同，而第一次水平位移小，所以水平IN分速度小，所以击中P点时的速度较小，0.2 N/cm一=5cm,则弹簧长度为L,=10cm+5再次击球，壁球击中P点时的速度较大，cm=15cm.(3)优点是：避免弹簧自身所受重力选项B正确：根据=2gh可知两次竖直对实验的影响；缺点是：弹簧与桌面及绳子与滑分速度相等，第二次水平分速度大，所以根轮间存在的摩擦造成实验的误差，23.(1)大(1分)a(1分)据速度的合成可得v=√十G,所以第(2)3(2分)二次初速度大，选项C错误；根据tan0=(3)3(2分)可知，越大，正切值越小，即第二次击U,(4)B(1分)球时抛射角0较小，选项D正确，(5)3V)Ra(2分)21.ABD回路中产生的感应电动势E-公L=4解析：(1)为了保证电路安全，闭合开关前电阻V,选项A正确；由闭合电路欧姆定律得箱R,和滑动变阻器R接入电路的阻值应为最感应电流1=千，联立上式得：1=2大阻值：(2)闭合开关S1和S2,调节滑动变阻器滑片P的位置，使电压表示数等于节能灯额定A,选项B正确；由平衡条件得：ug一电压3V:(3)闭合开关S,和S,保持滑动变阻BId=0,解得：B=1.0T,由图像知棒经器滑片P的位置不变，调节电阻箱，使电压表示过时间△t=1.0s开始运动，选项C错数仍为3V:(4)本实验应用了等效替代法，节能误；在01.0s时间内通过R的电荷灯电阻等于电阻箱电阻，即：R,=R。;(5)节能灯量q=I△t=2C,选项D正确，的额定功率为P颜=U题=(3V)222.(1)AB(1分)R灯Rg(2)10.0(1分)20.0(1分)15.0(1分)24.解：(1)作用外力F后，ab杆做加速度逐渐减小(3)重力(1分）摩擦(1分)的加速运动，cd杆的加速度由0开始，做加速度解析：(1)弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限逐渐增大的加速运动，两杆运动的加速度随时度，否则弹簧会损坏，故A正确；用悬挂钩码的间的函数关系如图所示(2分)方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于水平位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读数，故B正确：弹簧的长度不等于弹簧的伸长量，伸长量等于弹簧的长度减去原长，故C错误：拉力与伸长量之比是劲度系数，由弹簧(2)t=5s时，两杆的加速度相等，对ab、cd杆整决定，同一弹簧的劲度系数是不变的，不同的弹体有F=2ma簧的劲度系数不同，故D错误.(2)根据胡克定对cd杆，所受安培力Fa=a(1分)》律可知弹簧的弹力为F=(L一Lo)=L一Lo,设t=5s时，ab、cd两杆速度分别为vb、va,S3名师原创分科模拟·物理答案第10页（共24页）

联立解得U=8L(1分》(2)能使粒子恰好不从y轴射出的临界情况是第一次在Ⅱ区域中偏转的运动轨迹与y轴相切，如图所示0圆心的连线与y轴的夹角为0，则有n=4n(1分)由几何知识得(n十r2)sin0=n(1分）n+nco30=L(1分)n=Ln=12分则粒子第二次经过x轴时到O点距离x=r十n2sin0=4.5L(1分)25.解：(1)对小物块A和小明与车组成的系统，动量守恒得m6=10(2分)解得小明与车的速度大小)=器(1分)(2)小物块A在传送带上先做匀减速直线运动，再做反向的匀加速直线运动，当速度=名w时，做匀速直线运动，加速度大小a-ms=g(1分)m设减速阶段位移为，时间为名，即-器，人一费(1分)加滤阶段位移为西时间为即一易，山一名(1分)》匀速阶段时间为，位移为，则=n一2，=(1分)联立解得4一费4品4品。白分所以物块被小明第一次推出后到返回传送带右端N所用的时间：=5(2分)12g(③)由第二问可知，小物块A回到光滑水平面时速度为=号心，所以，每经过一次传送带，小物块动量的变化量大小Ap=号mm一（一mw)=号mw2分要使小物块A不能追上小车，则小车速度大小需满足)>号。(1分)假设物块最多能被小明向左推出的次数为n,则此时物块与小车和小明组成的系统的动量满足2nAp=m号w+10m0(2分)n△p一3m解得10n(1分)联立解得n≥号-4.4(2分)即物块最多被小明向左推出5次(1分)33.(1)ACE解析：根据气体做功的表达式W=Fx=pSx=p·△V可知P-V图线和体积横轴围成的面积即为做功大小，所以气体在一→b过程中对外界做的功等于方→c过程中对外界做的功，A正确，根据理想气体状态方毒华一垫兰-，得工-4红，工=3江，可见，气体从。一6内能的增加量大于一c过程中内能的【冲刺卷·物理参考答案第19页（共24页）】

金学导航模拟版·理科综合（九）命题：北京金学教育中心理科综合研究室审定：中央教科所《教育文摘周报》社(试卷总分300分考试时间150分钟)题号必考题选考题总分合分人复分人得分可能用到的相对原子质量：H1N14016A127P31S32Fe 56得分评卷人一、选择题（本题共13小题，每小题6分，在每小题圜给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1.药物阿昔洛韦是一种嘌呤类似物，能干扰DNA聚合酶的作用过如程。阿昔洛韦可能对下列哪种病具有治疗效果（)A.艾滋病B.21三体综合征C.某种DNA病毒感染D.因DNA损伤导致的细胞死亡敏2.我国境内有着大面积的盐碱地，可种植耐盐碱的新型海水稻。下列推测错误的是A.海水稻细胞液浓度大于盐碱地土壤的溶液浓度长B.海水稻在盐碱地正常生长时根细胞中水分子不会运出C.将普通水稻种到盐碱地中其根毛区细胞可能会发生质壁分离区现象D.海水稻很少会发生普通水稻中常见的病虫害3.小龙虾的神经系统中有一种特殊的突触，这种突触间隙极小，仅有郑2~3nm。带电离子和局部电流可通过相邻细胞膜上的蛋白质通道直接传递信号。下列相关说法错误的是()A.信号在该突触中的传递方向可能是双向的杯B.该突触结构可能有利于动物对伤害性刺激快速做出反应C.信号在该突触中的传递体现了细胞膜具有信息交流功能靼D.信号在该突触中的传递依赖于细胞膜的流动性4.下列关于植物激素及其类似物在农业生产实践上应用的叙述，错误的是()A.施用脱落酸能加速秋天银杏树叶由绿变黄的过程B.用尿液反复浸过的黄泥封裹树枝，促进树枝生根，其原理是生长素促进枝条生根C.水稻开花期间遇到连续阴雨天气受粉受到影响，可及时喷洒一定浓度的2,4-D以避免减产D.一定浓度的膨大素可使西瓜果实长势加快，个头变大，成熟加快，使其提前上市5.野生型酵母菌细胞内的Secl2+和Secl7+基因，一旦突变成Secl2和Scl7,则基因的功能会缺失。现给野生型酵母菌、突变体A、突变体B和突变体C分别提供一定量的放射性元素标记的氨基酸，放射性出现的顺序如表所示。下列叙述错误的是【金学导航·模拟卷·2023届高三理科综合

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W=N·lcos(90°+9)=-nglsin 0cos0=-2 mnglsin20。(2分)(3)由于功是标量，合力对物体做的功等于各分力做功的代数和，物体的重力做功为零，故合力对物体做的功W合=W:+WN=0。(2分)14.解：(1)设地球第一字宙速度为0，在近地轨道上运行的卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，故(2分)》又因为在地面附近的卫星受到的万有引力等于卫星的重力，即G=mg(2分)R2解得地球的第一宇宙速度=√gR。(2分)(2)根据题意可知，飞船在近地轨道上运行的速度U,=v=√gR(2分)“天舟五号”跟“天宫”空间站对接后，整体的运行速度为，根据万有引力提供整体做圆周运动的向心力，得G-Mm',v22(Rh)-mR+h(2分)联立可得对接后整体的运行速度一√干五8R2(2分)R+h所以：=√R。(2分)15.解：(1)当列车的牵引力与阻力的大小相等时，列车的速度达到最大，列车做匀速直线运动，根据力的平衡可知，牵引力F=f=mg=1.0×105N(2分)列车能达到的最大速度是-10m/、.(1分)(2)设列车的速度为20m/s时牵引力大小为F1,加速度大小为a1,根据功率公式可知F,=P=5X10N(2分)根据牛顿第二定律可知，a-一-4m/g。(1分)m(3)列车从静止开始以a=1.0m/s2的加速度做匀加速运动，设这种加速运动能达到的最大速度为m',所需的时间为t,当列车达到速度m'时，列车的实际功率恰好达到额定功率根据功率公式，有P额=F(2分)根据牛顿第二定律，有F2一f=ma(2分)根据运动学公式，有m=at(1分)解得t=50s(2分)25s末，列车的速度2=at2=25m/s(1分)25s末，列车的瞬时功率P=F2=5×106W。(2分)第九单元重力势能动能和动能定理克家克，计拉工做功AB项错误，小前

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8.金属钠在液氨中溶剂化速率极快，生成蓝色的溶剂合电子Na[(NH)x],钠投人液氨中的溶剂化示意图如图所示。钠沉入液氨中，快速得到深蓝色溶液，并慢慢产生气泡，小心蒸发掉NH3,可得到白色固体NaNH

A.升压变压器原刷线圈的匝数之比为，·：=125B.通过R的电流与通过富阳负荷中心的电流之比1·200C.仅当富阳负荷中心负载增加时，萧山负荷中心获得的电压增大D.当换用传统电网输电时，远厘离输电线路等效电阻R增大。若萧山和富阳负荷中心负载不变，则海上风力发电站输出功率减小木棒9.风簸是用于筛选精谷粒和瘪谷粒的农用工具。图甲为使用风簸的情景，图乙木为其工作原理示意图：匀速摇动扇叶（图中未画出），在AB和CD间形成特续)稳定的风力场，风速水平向左，开启斗仓下方的狭缝S,轻重显著不同的谷粒由狭缝进入风力场，在风力和重力作用下经由具有一定宽度的出谷口S,或S,离开风力场后被收集。现同时进人风力场的精谷粒a和瘪谷粒b这两粒谷子，设它们所受风力相同，忽略初速度和空气阻力的影响，那么(、斗仓/·S.B二DS3 S2乙A.a比b先到达出谷口B.a经由S2离开风力场，b经由S3离开风力场C.到达出谷口时a的速度较大，b的速度较小D.到达出谷口时a的速度较小，b的速度较大10.如图所示，两根电阻不计的平行光滑金属导轨在同一水平面内放置，左端与定值电阻R相连，导轨(x大于0一侧)存在着沿x轴方向均匀增大的磁场，磁感应强度与x的关系是B=0.5十0.5x(T),在外力F作用下一阻值为r的金属棒从A运动到A,此过程中电路中的电功率保持不变。A1的坐标为x1m,A2的坐标为x2=2m,A,的坐标为x一3m,下列说法正确的是(A.回路中的电动势既有感生电动势又有动生电动势B.在A1与A3处的速度之比为3：1RXX XIC.A,到A2与A2到A,的过程中通过导体横截面的电荷量之比为5：70D.A1到A2与A2到A3的过程中产生的焦耳热之比为5：7物理试题第4页（共8页）

↑y/cm文同冲刺卷10↑y/cm5010x/m-5-10-10甲乙A.该简谐横波沿x轴正方向传播B.质点P振动的周期为1.2sC.该简谐横波的波速为40m/sD.0~1.1s内，质点Q经过的路程为75cma点，ACR衷单色光沿P巴射入介质，C点时恰好发生金反所，，海⊙是PA该透明介质的折射率为3B.该透明介质的折射率为√5C.该单色光沿PP2射入介质的入射角为30°全不旦灰，D.该单色光沿PP2射入介质的入射角为45°凡小x程序共，明小0共四不未超封B0,如图甲所示，两条固定的倾斜光滑平行金属导轨M?轨平面与水平面的夹角为，导轨间距为，导轨电阻忽略不计。线“与号轨垂直，区域内存在垂直于导轨所在平面向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。将导体棒α、b并排且垂直导轨放置在同一位置，1气δ刻先释放导体棒“：一6，时刻释放体)6,此时导体棒。刚好进人匀强磁场区域衣，时刻导体棒α刚好离形虚磁场区域，流过导体棒α的电流随时间变化的图像如图乙所示，两导体棒始终与导轨垂直且接触良好，导轨足够长，两导体棒接入电路的电阻均为R,重力加速度为g,下列说法正确的是1个功四S2t0 3toM-10乙【24·(新高考)高考样卷物理·GX灯物理卷（一）第4页（共8页）以

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高三一轮复习周测卷低，产生的C3减少；在双重胁迫下，玉米净光合速率下保持水土、涵养水源的作用，再加上高温会加剧水分的降的幅度更大，所以冷害能够明显加剧干旱胁迫对玉米蒸发，因此这种种植方式下的土壤的储水

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答案(1)青藏地区海拔高，多山地、高原，自然条件恶劣，适答案(1)上游山区的岩石风化后，经（奥兰治

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(2)工业生产上提取天然胡萝卜素的方法主要有三种：除可用微生物的发酵生产、从植物中提(2)图1中，将溶化好的海藻酸钠溶液,加入已活

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秘密★启用前韶关市2023届高三综合测试（一）英语本试卷共10页，卷面满分120分。考试用时120分钟。注意事项：1,答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名、准考证号、学校和班级填写在答

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【答案】C【解析】【详解】AB.为了能研究摩擦力随时间的变化曲线，故物块一直要处于静止状态，则向左的摩擦力一直与向右轻绳的拉力平衡，图乙是向右轻绳的拉力随时间变化曲线，故图乙也可以反映摩擦力随时间变化

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C.质点速度的变化方向与其加速度方向相同D.若质点的速度方向不断变化，则其速度变化量的方向一定不断发生变化3.甲、乙两辆汽车在同一平直公路上两个不同的车道同向匀速行驶，两车行驶至十字路口附近时发现前方

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6.如图所示，一小球由空中某处静止释放后，竖直下落，运动过程中受到的空气阻力大小与速率成正比，以小球的落地点O为坐标原点，竖直向上为正方向建立x轴，则关于小球的位置坐标x、速度大小v和加速度大小a的图像可能正确的是x个C0第6题图7.如图所示，某同学用两只手指捏住饮料瓶（含饮料）的α、b位置，瓶子处于静止状态，且瓶子的外形保持不变，则A.瓶受到的摩擦力大于其受到的重力B.手指对瓶两侧的压力是一对平衡力C.手指对瓶的压力是由于瓶的形变而产生的D.瓶对手指的作用力方向竖直向上第7题图8.在水平向右飞行的客机中，发现饮料杯中的液面与水平小桌板成α饮料材角，如图所示。则A.客机在做匀速直线运动B.客机在做匀加速直线运动C.客机的加速度大小为gtanaD.饮料杯只受重力和支持力第8题图9.某传动装置如图所示，A、B、C三点分别是半径为r、2r和4r三个齿轮边缘上的点。当A点所在的齿轮以角速度ω顺时针匀速转动时A.B点所在齿轮也顺时针转动B.C点的线速度大小为2ω1C.C点转动的角速度为4wD.C点的向心加速度大小为4w2r第9题图10.我国的“天宫”空间站位于距地面约400m高的近地轨道：北斗卫星导航系统，由5颗静止卫星、30颗非静止卫星等组成。若空间站和北斗系统的卫星均视为匀速圆周运动，则A.空间站里的宇航员受到地球的引力为零B.空间站运行速度大于7.9km/sC.静止卫星离地球表面的高度都是一定的第10题图D.静止卫星可以经过衢州地区的正上空11.内陆盐矿中开采的氯化钠称为岩盐。如图所示，岩盐晶体结构中相邻的四个离子处于正方形的四个顶点，O点为正方形中心，A、B、C和D为各边中点，关于这四个离子形成的电场，下列说法正确的是Na*0-.g.-0c1A.A、B两点场强方向相同B.C、D两点的场强大小等于零ABC.试探电荷g在O点所受电场力大小不为零D.试探电荷g在A、B、C和D点所受电场力大小相等C1O---。--ONaD第11题图高一物理试卷第2页（共6页）

的振动方程为y三4s1n2π（cm),则下列判断正确的是↑ylcm有用容★00.10入0.36405A.波沿x轴负方向传播彼的传播速度大小为0.4m/sC从图示时刻开始，质点P比质点Q先到达波谷Y质点P比质点Q振动超前79.在空间固定A,B两个点电荷，图中实线为两电荷电场的部分电场线，过A,B的直线上有a:6,cd四点，a,b到A的距离和c,d到B的距离均为L,a点电势比6点电势高，则下列判断正确的是绳荷A带正电、电荷B带负电磨C共，层小，小B.A的电荷量比B的电荷量大的金，中B点电势比d点电势高中食武回对金西本，年中水出D.一个带负电的点电荷在b点电势能比在d点电势能大10.如图所示，匀强磁场I、Ⅱ的磁场方向均沿水平方向垂直纸面向外，两磁场边界水平，磁场宽度均为L,磁场I下边界到磁场Ⅱ上边界间距为2.5L,磁场I的磁感应强度大小为B。边长为L、电阻为R的单匝正方形金属线框abcd在垂直于磁场的竖直平面内，开始时ab边离磁场【上边界距离为，L,由静止释放金属线框，线框在向下运动的过程中始终在竖直面内，且山边始终水平，线框分别匀速穿过磁场1、Ⅱ，重力加速度为g,忽略空气阻力，面,月年示界来支套面平本本效机则下列判断正确的是微室面秋干己西支培背卡不，首童面用夹的面习B'L gLA.金属线框的质量为R出度场Ⅱ的险感应强度大小为号：C线框经过磁场I产生的焦耳热小于经过磁场Ⅱ产生的焦耳热D线框冬过磁杨】刀产生的点焦耳热为风R

13.(10分)如图所示，质量均为m的滑块A、B靠在(2)撒去水平推力F后，滑块A与滑块B之间的一起，静止放置在水平地面上，滑块A与地面间最大距离。的动摩擦因数为儿，滑块B与地面间的动摩擦因数为2u。现用水平向右的推力F推动滑块B,【答案】Ag作用一段时间。后撤去推力F。已知推力F=【解析】滑块A、B在时间为。时的速度大小为5umg,重力加速度为g。求：vo aoto =ugtoBA撤去向右的水平推力F后，滑块A的加速度为F77777777777777777777777777777ax-MmE=Mgm(1)在推力F推动滑块B的过程中，滑块B对滑块A的弹力大小。滑块B的加速度为a。-2m=24gm【答案】2umg根据匀减速直线运动的规律知，滑块A减速运【解析】用水平向右的推力F推动滑块B时，设滑块A、B一起加速运动的加速度为ap,根据牛动的距离为x6=204274g6顿第二定律有F-mg-2umg=2mao解得a=g济决B运动的距离为2,4gG对滑块A进行受力分析，由牛顿第二定律滑块A与滑块B之间的最大距离为△x=xA一xB=有Fx-umg=mao4g6。解得FN=2mg。14.(14分)如图所示，光滑水平桌面右端固定有一个定滑轮和挡板P,长木板c质量为m。=2kg,物块a静止放在长木板c左端，并通过与桌面平行的轻绳与重物b相连。重物b由静止释放后t=2s时，长木板c与挡板P发生碰撞（碰撞时间极短），同时轻绳立即断裂，碰后长木板c以碰前速率的0.8倍反弹。已知物块a和重物b的质量均为m,=m6=1kg,物块a与长木板c间的动摩擦因数为4=0.75，光滑水平桌面足够长，重物b离地面的高度足够高，g=10m/s2。(1)重物b刚开始下落时轻绳的拉力及长木板c【答案】3.6m与挡板P碰前的速率为多少？【解析】长木板c与挡板P碰后，a、c均做减速运【答案】7.5N5m/s动，a、c的加速度大小分别为a。=g=7.5m/s2,【解析】重物b释放后，假设a、b、c一起运动，1根据牛顿第二定律有a.=24g=3.75m/smig=(matmi+me)a物块口减速为零的时间为6，=”：=2、解得a=2.5m/s2a。38则长木板c应受到的摩擦力为F。=m,a=5N<长木板c减速为零的时间为t2=0.8e-16um8=7.5Na。15故重物b释放后，a、b、c一起运动成立，根据牛则物块a先减速为零的位移为x,=2a。-m顿第二定律有此时长木板c的速度为vd=0.8。-a.1=1.5m/smig-T=mia解得T=7.5N长木板的位移为x=a=0.80,=5,5m23长木板c与挡板P碰前的速率为v。=at=5m/s。长木板和物块共速时有at'=v。-a.t(2)长木板c至少需要多长，物块a才不会从c上滑出？解得=2。15s。331

可学科网可组卷网(b)所示，取g=10m/s2,√5=2.24，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则根据图像可求出()Ax/m1.600.80Amin→6/度090图(a)图(b)A.物体的初速率v。=4m/sB.物体与斜面间的动摩擦因数4=0.8C.当0=30°时，物体达到最大位移后将保持静止D.取不同的倾角日，物体在斜面上能达到的位移x的最小值xm≈0.7m10.如图所示，质量分别为m和2m的A、B两滑块用足够长轻绳相连，将其分别置于等高的光滑水平台面上，质量为4m的物块C挂在轻质动滑轮下端，手托C使轻绳处于拉直状态.t=0时刻由静止释放C,经t,时间C下落h高度.运动过程中A、B始终不会与定滑轮碰撞，摩擦阻力和空气阻力均忽略不计，重力加速度大小为8,则(AA.A、C运动的加速度大小之比为4：3B.A、C运动的加速度大小之比为4：1C.七时刻，C下落的速度为D.t时刻，C下落的速度为gh三、实验题（本题共2小题，共16分）11.(8分)某实验小组做“探究两个互成角度的力的合成规律”实验.(1)本实验采用的实验方法是A.控制变量法B.等效替代法C.理想模型法(2)实验结果如图甲所示.在F、F,、F、F四个力中，不是由弹簧测力计直接测得的力为

岸的C点沿着河岸向下游游动，结果甲、在静水中的速度大小为0.5℃，下列说法正确的是乙从C点运动到B点的时间为2B.水速为0.5C.A、B 两点间的距离为 2dD.A、C 两点间的距离为√5 d出后，网球恰好垂直击中竖直端上的同一固定点C，已知网球从加速度大小为g，忽略空气阻力，下列说法正确的是运动到C的时间为t，重力从A点击出的网球比从B点击出的网球的初速度小B.若A、B两点间的距高为d,则A、B两点的击出速度大小之差为C.在A点将网球击出时，若网球的速度方向与竖直方向的夹角为6,则A点与墙面间的距离为gt²tanD.若A、C两点间的距离与B、C两点间的距离之比为n，则从A、B两点击出的网球的速度大小之比也为n图为旋转魔盘，某游戏者（视为质点）与水平盘面间的动摩擦因数为魔盘带动游戏者加速旋转起来，当游戏者刚要做离心运动时，切向加速度大小a2μg（g为重力加速度大小），已知游戏者距圆盘中心的距离为r，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则游戏者刚要做离心运动时，魔盘的角速度为3u3）μg8.如图所示，倾角为日的斜面体固定在水平地面上，斜面体的上端固定一挡板，轻质细线一端连在挡板上，另一端连接质量为m的小球，小球放置在光滑的斜面上，细线与斜面平行。重力加速度大小为g，下列说法正确的是小球受到的支持力是由小球的形变产生的B.小球对斜面的压力大小为mgcosθ小球对细线的拉力与挡板对细线的拉力是一对相互作用力D.剪断细线后瞬间，小球的加速度大小为gsinθ如图所示，轻质的OP杆能以O为轴在竖直平面内自由转动，P端悬挂一重物，用一根车绳绕过定滑轮系在P端。当OP杆由水平位置开始缓慢逆时针转动时，下列A.OP杆的弹力方向不在OP所在的直线上B.OP杆的弹力大小不变C.轻绳的张力一直变小D.轻绳的张力先变小后变大【高三物理第2页（共4页）】

对A:ngsin0-T=a(1分)解得：T=2N,a=4m/s2(1分)(2)断开时：ea==t1=8m/s(1分)断开后，对A:aa=gsin0=6m/s2(1分)a=十2at8=28m2分)对B:aB=gsin0-gcos9=2m/s2(1分)）=8u:十7ao=20m2分)所以，断开后再经过2s相距d=x4一x:十L=10m(2分)15.(1)设滑块质量为n,则木板质量为2m对滑块：gsin0-ngcos0=ma1,解得a1=0.2g,方向沿斜面向下(2分）对木板：2gsin0十ngcos0=2a2,解得a=0.8g,方向沿斜面向下(2分)(2)第一次与挡板碰撞前，整体先一起匀加速下滑：a=gsin0=0.6g(1分)gL(1分)碰前瞬间速度=V2aL=√第一次碰后，小滑块以为初速度，a为加速度始终向下做匀加速直线运动·而长木板以为初速度向上匀减速到0，再向下以为加速度匀加速到4，发生第二次碰撞，在滑块滑离木板之前重复以上运动。设第一次碰后到第三次碰前用时为，则：∴6=2×2她=54=30L(1分)小滑块在：时间内的位移x=46十弓4店=9L(1分)因此，长木板第三次碰撞挡板时，小滑块离挡板距离d一10L一9L=L(1分)3)从样放到木板第-次与挡板相院所用时间√巴-√受1分令第四次长木板与挡板碰撞前，小滑块未滑离，则长木板第一次到第四次碰撞所用时间4f=3X2=7.54g小滑块位移=y+24(=-15.75L>101.(2分)故小滑块在木板第四次与挡板碰撞前滑离木板。第三次碰后瞬间小滑块速度=十a1t2=2%(2分)设第三次碰撞到滑块脱离木板历时，当滑块到达木板下端时有：L=x块十x板，即+十一后=L解得&=(v网-4)√任（另一解含去）2分)因此.从释放到小滑块脱离木板共用时1=右十十1，=7√30.4W/⑤L2分)物理答案第4页（共4页）《物理答案》扫一扫二维码打开或分享给好友