100所名校高考模拟金典卷·地理（九）》23新高考JD地理-LN100所名校高考模拟金典卷·地理（九）23新高考JD地理-LN100所名校高考模拟金典卷·地理（九）23新高考JD地理-LN答案C14.当两湖不再相连时，玛旁雍错的湖水盐度可能会答案A解题分析由材料可知，玛旁雍错为淡水湖，说明其适合生物A.升高解题分析当两湖不再相连，玛旁雍错的湖水没有了排泄通生存，而拉昂错为“鬼湖”，说明湖泊中生物较少，推测可能是咸水B.降低道，盐分会在湖中积累，湖水盐度可能会升高。湖，故两湖差异的主要影响因素是湖水盐度；两湖距离相近，降水C.不变量无明显差异；材料未提及湖水水质、湖治深度，均无法比较。D.变化无常100所名校高考模拟金典卷·地理（九）23新高考JD地理LN100所名校高考模拟金典卷·地理（九）23新高考JD地理-LN100所名校高考模拟金典卷·地理（九】23新高考JD地理LN黄河三角洲上的某盐碱地栽种葡萄，该地春季地温低且回升答案D16.该地搭建裙膜的主要作用有缓慢。春季该地农民将葡萄藤出土上架，用白色塑料薄膜搭建裙解题分析盐碱土通气透水不良，不利于植物生长，土壤紧①提高地温②保持土壤水分③提高土地肥力④减少水膜，有效促进了春季荫萄生长。下图为裙膜覆盖示意图。据此完实，空气相对含量降低，导致土壤导热率降低，进而导致地温上升土流失成1516题。缓慢。A.①②15.该地春季地温低且回升缓慢B.③④的主要原因可能是C.①④A.光照较弱D.②③B.海拔较高C.降水较多D.土壤紧实100所名校高考模拟金典卷·地理（九）23新高考JD地理-LN100所名校高考模拟金典卷·地理（九）23新高考JD地理-LN100所名校高考模拟金典卷·地理（九】23新高考JD地理-LN答案A第Ⅱ卷（非选择题共52分)会航门】解题分析搭建裙膜能够提高地温，提早葡萄生长物候期，调二、非选择题（本大题共3小题，计52分）早解除冬眼，延长生长期：裙膜可减少水分蒸发，保持土壤水分17.【典型情境题】阅读图文材料，完成下列要求。(18分)南宋都城临安城三面环山，一面临江，南宫北市，南北狭长，形似“腰鼓”，其选址与布局体现了与地形、水文、气候等自开「然要素的高度融合。临安城内建有淡水引水设施。下图为南宋临安城位置及布局示意图。(1)说明临安城选址于山环水绕之地的主要原因。(6分)(2)说出临安城内有淡水引水设施的原因及淡水的首要来源(4分)(3)从地形的角度分析临安城布局的合理性。(8分)

11.2gh(2)由(d2-0=2g,得到由此可知k=1,2ghd2,=a，即g2h(3)由g可知，实验测得两光电门间的高度差务比实际的小，则测得的重力加速度偏大。2h三、计算题（本题共3小题，共37分）15.（10分(1)0.8(2)15s(1)传送带停下后，物块向上做匀诚速运动，加速度大小a=g sin+ig cos(2分】由v2=2（2分)解得B=0.8(2分）(2)物块在传送带上加速时，加速度大小a=ig cos@-gsina=0.4m/g2(2分】则物块在传送带上加速的时间：=d=15s（2分）16.（12分】（1)42.5N(2)5.125m(1)根据几何关系可得圆心O1与O2的距离为=R-R2=0.2mP与02的距离x2=R-名=0.4m（1分》小球从P点到A点根据动能定理得：mg=。m(2分22小球在A点受到圆管的弹力，根据牛顿第二定律得：F=m(2分】根据牛顿第三定律得：F=F（1分)解得：F=42.5N(1分)(2)小球从P点到N点根据动能定理得：mg(风+)=m2m(2分)根据牛顿第二定律可得小球在水面上运动的加速度大小满足mg=ma(1分)根据运动学规律可得v2=2x（1分）解得：x=5.125m(1分)17.(15分】(1)2m8(2)2J2J(1)物块A与B发生弹性正碰时，根据动量守恒定律和机械能守恒定律得：=%+m2y2（1分)2%听=%+。%(2分）2解得：3m/s（1分】1物块B从M点运动到N点的过程中，根据动能定理得：一mx=22解得：y2ms（1分）(2)物块B与物快C碰撞时满足：y=(m2十)(1分】解得：=1m8(1分)物块B与物快C碰撞时损失的机械能△E=(m2+m)(2分解得：△E=2小(1分)碰后一起共同压缩弹簧时，根据功能关系得：E,(m2+m）(2分》解得：E=2J(1分)2023届高三上学期11月段考。物理会考答案第3页共3页

解题分析(1)感应电动势E=BLv(1分)此时电毫中的电流1景坠1分)金属杆受到的安培力F=BIL=BI01分)R根据牛顿第二定律，有ma=mgsin0-F=mgsin0-B2vR(2分)当BL2=mgsin0时，金属杆达到最大速度m(1分)R解得B=mgRsin0(2分)vmL2(2)在金属杆由静止开始下滑至达到最大速度vm的过程中，由能量守恒，有mgh-2,+Q(2分)得h=mum2+2Q(1分)2mg△ΦBLh(3)因q=R=Rsin9(2分)对全过程有mngsin0·t-BIL·t=mvm(3分)又q=It(2分)年得1-229(2分)23新教材老高考·D·理科综合（物理部分）

②Ba2++OH-+H++SO—BaSO4V+H2O:11.4(各3分)(3)正(2分)(4)HPO⅓+HF=H2PO3+F-(2分)(5)①0.22mol·L-1②ab(各2分)13.(1)减小；S)⅓+H2O2=S)星十H2O(各2分)(2)HSO5+H2O=H2SO3+OH;1.0×10-12(各2分)(3)增大(2分)(4)c(Na)>c(HSO )>c(SO)c(OH)c(H)(3)(5)①10②AC(各2分)答67【23·G3AB(新高考)·化学·参考答案一LKB一必考一SD】

100所名校高考模拟金典卷·物理（七》23新高考JD物理-G100所名校高考模拟金典卷·物理（七）23新高考JD物理-G100所名校高考模拟金典卷·物理（七】23新高考JD·物理G答案(1)15.70(15.71色可)(2分)12.(8分)我国正在大力发展太阳能发电。某同学想要利用如图甲能电池短路，其内阻为(2)1.95(2分)所示的电路测量在太阳光照射下电动势大约为2.9V的太阳(3)2(2分)能电池的电动势和内阻。解题分析(1)根据毫米刻度尺读数规则，图中P点对应的刻S口度尺示数hp=15.70cm。1.00(2)R点对应的刻度尺示数hs=23.50cm=0.2350m,打点计时器打点周期T-0.02s,用P,R两点间的均速度代表Q点1.002.0030A甲的瞬时速度，打点计时器打下Q点时，重物的速度大小(1)实验室中的电压表有两个量程：03V、内阻约3k2,015V、(3)若把该太阳能电池与阻值为12的定值电阻连接构成一个hRhP-0.2350-0.1570m/3=1.95m/s.内阻约15k2。为了使测量结果尽量准确，实验中电压表应闭合电路，此时太阳能电池的内阻为2,该定值电2T0.02×2该选择的量程是阻的功率是W。(结果均保留3位有效数字)(3)若重物机械能守恒，则有mgh=m℃2，整理后得=2gh,(2)若测得太阳能电池在某一光照条件下的输出电压随输出电若以h为横坐标，要得到线性图像，则纵坐标代表的物理量为速度流变化的图像(U一1图像)如图乙所示。分析该曲线，可知的二次方，即2。该太阳能电池作为电源时的电动势为V。若太阳100所名校高考模拟金典卷·物理（七）》23新高考JD物理-G100所名校高考模拟金典卷·物理（七）23新高考JD物理-G100所名校高考模拟金典卷·物理（七）23新高考JD物理-G答案(1)0~3V(1分)(2)2.80(1分)1.10(2分)阳能电池内阻r-号0≈0.556Q。定值电阻的功率P=UI=13.(10分)如图，一体积为V的密闭刚性汽缸内有压强为p、温度为T。的气体。先利用气泵通过充气口向汽缸充气20s,然后启(3)0.556(2分)3.24(2分)3.24W。动电功率为P的电加热装置。假设充气过程中气体温度不变，解题分析(1)为了使测量结果尽量准确，实验中电压表应该电加热装置的效率为50%。选择的是程是03V。(1)若气泵每秒钟充入压强为、温度为T。、体积为0.1V的同(2)当电路输出电流为零时，外电路电压等于电动势，此时电种气体，求充气结束后汽缸中气体的压强。压表的示数为电源电动势，由图乙可知，太阳能电池的电动势为(2)若用绝热材料将汽缸包裹后启动电加热装置，使汽缸内气2.80V。由图乙可知，太阳能短路电流I。=2.55A,由E=Ir可体的温度从T。升高到1.5T。,气体内能增加△U,求加热后得，若太阳能电池短路，其内阻r。=1.102。气体的压强和电加热装置的加热时间。(3)若太阳能电池与R=12的电阻连接构成一个闭合电路在题图乙的U一Ⅰ图像中作出该电阻的伏安特性曲线，如图丙所示。两图线的交点为太阳能电池的工作点，此时流过定值电阻的电加热装置电流I=1.8A,电阻两端的电压U=1.8V,由E=U+Ir,解得太100所名校高考模拟金典卷·物理（七）23新高考，D:物理G100所名校高考模拟金典卷·物理（七）23新高考JD·物理G100所名校高考模拟金典卷·物理（七）23新高考JD·物理G解题分析(1)汽缸在20s时间内充入的气体体积20×0.1V14.(12分)2022年北京冬奥会于2月4日开幕，冰壶是冬奥会的比解题分析(1)设红冰壶碰撞前、后的速度分别为、，蓝冰2V(1分)赛项目之一。冰壶比赛是在水冰面上进行的体育项目，比赛壶碰撞后的速度为2，碰撞后红、蓝冰壶滑行的距离分别为x1、x把充气后汽缸内的气体作为研究对象，由玻意耳定律，有V场地示意图如图所示，比赛时运动员从起滑架处推着红冰壶出对碰后蓝冰壶进行受力分析，由牛颜第二定律有以mg-ma+p。·2V=pV(2分)发，在投掷线AB处放手让红冰壶以一定的速度滑出，红冰壶沿(1分)解得p=3pe。(1分)虚线向圆心运动，并以1.2m/s的速度与静止在圆垒圆心()处(2)电加热过程中，气体体积不变由查理定律，有卡。-的质量相同的蓝冰壶发生正碰，且碰后蓝冰壶滑行2.？m停由运动学公式，有器1分)下。已知两冰壶与冰面间的动摩擦因数均为4=0.015，冰壶的联立解得2=0.9m/s(1分)(2分)质量均为m=20kg,重力加速度g取10m/s2。求：对红、蓝冰壶碰撞过程分析，取的方向为正方向，由系统动解得p'=1.5p=4.5po(2分）(1)两冰壶碰撞过程中损失的机械能量守恒得mo=mU1十2(1分)由于汽缸绝热，与外界没有发生热交换，电加热装置消耗的电(2)碰撞后两冰壶的最远距离。解得=0.3m/s(1分)能等于气体增加的内能，即50%Pt=△U故两冰壶碰撞过程中损失的机横能△E=2mw2-(2mo2十每释1=公(2分)起滑架批线袋2m22)=5.4J。(1分)

开关S应接N,当开关S打到N后，由于电流表A小球P和Q碰撞过程，以水向右为正方向，由动成（点拔：Ag0受热易分解），则获得的难溶于水的物与电阻箱并联，电流表A的示数为0.30A,电流表量守恒定律有△b=BL(1分)质中只有Ag不溶于硫酸且可回收利用。(4)根据A,的示数为0.60A,则通过电阻箱的电流为I=mp心p=-mp?+mo,(2分)P穿越磁场区域的时间t=t1+t2(1分)原子守恒和得失电子守恒可得题给反应的化学方0.60A-0.30A=0.30A,通过电流表A的电流与碰撞后小球Q恰好经过光滑半圆轨道最高点B,由联立解得=2.1分)程式为TeCL4+2S02+4H20—Te+4HC1+通过电阻箱的电流相等，由并联电路特点可知R,=动能定理有2H2S04。(5)根据题意知“热还原”步骤中反应物(3)P从释放至运动到磁场区域正中间，定值电阻R,=0.22。(4)由闭合电路欧姆定律得E=(1-m,8·2R=2m听-3m062分)上产生的焦耳热为Q1=R,(1分)》为固态，则操作Y为蒸发结晶，实验室中蒸发结晶I)Ro+1(R,+),变形得I=Ro++RE主要用到的玻璃仪器是玻璃棒、酒精灯；“热还原”在碰撞过程中损失的动能为之后运动过程中根据能量守恒定律有中碳作还原剂，使得S元素从+6价降到-2价，碳R。+,+R,,对比图乙可得kRn+r+R,b=△E=2n,听-2mn时-2mg461分Qae-m-2m+mgsin6(1分)元素从0价升高至+2价，1 mol Na,Se04反应消耗4molC,“氧化”中02作氧化剂，使得Na2Se中SeE解得△E=2J(1分)根据电路的串并联规律可知此过程定值电阻上产R。+T+R,解得r=°-Ro-RA,E=k25.【必备知识】受力分析、匀变速直线运动规律、动生的焦耳热为Q,=石Qe(1分)元素从-2价升高到0价，0元素从0价降至-224.【关键能力】分析综合能力、推理能力量定理和能量守恒定律价，1 mol Na2Se反应消耗0.5mol02,则“热还原”代思维导图代思维导图定值电阻上产生的总焦耳热为消耗C与“氧化”消耗02的物质的量之比为8：1。Q=Q,+Q2(1分)小球0冲上圆弧P做匀变速进磁场瞬间，匀速直线(6)H,$溶于水为弱酸，不能拆成离子形式，离子方P球从斜面轨道，根据动能定理和牛顿第Q放上导直线运动受力衡运动滚下来两球碰轨前后联立解得0=mgin0(号+7m9(1分48B4L4程式为H,S+Cu2+—CuS↓+2H+。只有重力倒撞，动定律列方程总电阻减小，出磁场瞬间】26.【答案】(1)增大接触面积，提高反应速率(2分)代解题指导安培力增大受力衡功，机械能量守恒小球P返回斜面对一些线型工艺流程（从原料到产品为一条龙生守恒【解题思路】(1)P进入磁场时做匀速运动，则有讨程，机成能(2)Cu2Te+NazCO,+2O,--NazTeO,+CO+Cu2O产工序)试题，首先对比分析生产流程示意图中的守恒FA1=mgsin0(1分)(2分)第一种物质（原料）与最后一种物质（产品），从对【解题思路】(1)由图乙可知，小球Q在B点与半圆所受安培力FA1=BI,L(1分)(3)Ag(2分)比中找出原料与产品之间的关系，弄清生产流程轨道间的作用力为零时，=2.0m2·s2,小球QBL(1分）的重力提供其做圆周运动的向心力，则由牛顿第二电流1=Re(4)TeC4+2S02+4H,0—Te+4HC+2H,S04(2分)中原料转化为产品的基本原理和除杂、分离提纯(5)玻璃棒、酒精灯(2分)8：1(2分)回路总电阻R总=R+R(1分)产品的化工工艺，然后再结合题设的问题，逐一推定律有(6)H,S+C2+=CuS↓+2H*(2分)敲解答。mg=产1分)由匀变速直线运动规律有v=2 gssin0(1分)【关键能力】分析与推测、归纳与论证能力联立解得-2msin0(1分)8图解剖析27.【答案】(1)直形冷凝管(1分)否(1分)解得R=矿=0.2m（1分)BL(2)②(1分)沸水浴加热（或油浴加热，1分）g(2)放上Q前，P在磁场中做匀速直线运动，运动时aT0c0.gH,50,+H0/1e0r+s0+2H—s0+T0,l+H0(3)中和过量的盐酸，促使生成的盐转化为苯当后=4.0m2·。时，F=20N,对小球Q受力分间为4=会1分)-应[--Te0,.-Te胺(2分)析，由牛顿第二定律有放上Q后，回路总电阻减小，电流增大，则P做减速Ca,Te-Na C0,20 NaTe0,-CD,+Ca,0(4)乙醇与水互溶，不能从水层萃取苯胺(2分)+第1分2NaS+0Na Se0N-SH0+4C-NSc4C01(5)83.1%(2分)运动，当再次衡时有F2=mgsin0(1分)》(6)实验前先通入氢气赶走装置内空气(2分，其他解得mo=2.0kg(1分)回路总电阻R8-弓R(1分)【解题思路】(1)“苏打烧结”发生气-固反应，将原合理答案也给分)(2)碰撞后小球Q恰好经过光滑半圆轨道最高点料粉碎、搅拌可以增大接触面积，提高反应速率。(7)减压蒸馏可以使苯胺在低温下汽化，能减少副B,小球P被弹回到斜面上高度为释放点高度的后可得P再次匀速时的速度23 mgRsin0(1分)2B2L2(2)根据氧化还原反应规律，反应中Cu,Te中-2价反应的发生(2分)对P的减速过程由动量定理有的T被氧化为+6价，结合反应产生二氧化碳以及处，由机械能守恒定律有【关键能力】理解与辨析、探究与创新能力得失电子守恒，可写出反应的化学方程式：Cu,Te+m8h=2m听，mg·16=2m61分)mg2sin0-BILi2=m2-mu1(1分）【解题思路】(1)仪器a为球形冷凝管，作用为冷凝Na,C0,+20,△-Na,Te0,+C02+Cu,0。(3)分析回流；仪器b用在蒸馏实验中，应为直形冷凝管，作解得p=4v(1分)又4=i进题给流程可知“苏打烧结”中银元素以单质形式生用只是冷凝，二者作用不完全相同。(2)分多次少全国卷·理科综合预测卷二·答案一19全国卷·理科综合预测卷二·答案一20

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2023-12-16 10:12:10

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36.[化学一选修5：有机化学基础](15分)有机化合物H是化学合成中的一种中间产物。合成H的一种路线如下：一定条件CH,=CH,-B氧化反应NaOH/H,ODCu、02△C,HOA△①银氨溶液/△②

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2c(Ba+)+c(H+)=c(HX)+c(OH-)+2c(X2-)十c(Y-),C项正确；BaX溶于HY溶液中的反应：BaX+2H+一Ba2++H2X,0.01 mol BaX消耗0.02molH+

2023-12-17 08:10:15

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10:46l令9HD91理综317C答案pdf文件预览2022~2023学年度盟校联考高三理科综合试卷参考答案1.D2.A3.B4.C5.C6.D7.B8.C9.D10.A11.D12.D13.C14.D15.B16.A17.C18.C19.BC20.BD21.AD22.(1)AB(3分，只选一个且正确的得2分)(2)B(2分)23.(1)如图所示(2分)R(2)上(2分)(3)毫安表的示数为1(2分)(4)R(2分)等于(2分)24解：1)玻璃管的长度L=号(2分)根据物体的衡条件，当玻璃管在水面下保持悬浮状态时，有mg=pg(L-)S(2分)解得=Vm(2分)(2)设当玻璃管漂浮在水面上时，玻璃管内空气的压强为p1,根据物体的衡条件有S=pS+mg(2分)对玻璃管内的空气，根据玻意耳定律有pV=p1(L-x2)S(2分)解得6苦专(2分)25.解：(1)对线框，根据物体的衡条件有F+mgcos0=mgsin0(2分)解得F=0.04N。(1分)(2)因为线框恰好匀速穿过磁场，所以磁场区域的宽度(aa'、bb间的距离)d=0.5m(1分根据功能关系有Q=W安=FX2d(2分)解得Q=0.04J。(1分)(3)设线框穿过磁场时的速度大小为，线框中产生的感应电动势E=Bd(1分)通过线框的电流1=長景(1分)又F=BId(1分)设线框进入磁场前做匀加速直线运动的加速度大小为α，根据牛顿第二定律有【高三理科综合·参考答案第1页（共3页）】·23-317C·mgsin0-umgcos0=ma(2分）经分析可知x=艺十d2分)通过「QQ浏览器」使用以下文档功能去使用>?全屏播放☑标注/填写囚转为图片以以从四以八人T四y儿坦山g义可刀八小为、K始T买刀一疋甲X四州烂沈甲H

(2)越极洋流从太洋低纬度海区流入北极地区，又从格陵兰海流出，促进高低纬度之间的热量交换；越极洋流对沿岸地区具有降温减湿的作用；越极洋流与大西洋沿岸暖流交汇，形成大型渔场；与暖流交汇处易出现海雾。（每点2分，共8分。其他答案合理可酌情给分）(3)全球气候变暖，北极地区与低纬度海域间的温差减小，极地东风的势力减弱：流出北极地区的洋流势力减弱，导致越极洋流势力减弱，流速减慢。（每点2分，共4分。其他答案合理可酌情给分）(4)国际原油价格波动，市场不稳定；北极地区低温、冰冻和风暴等自然灾害较多，海上油气开采存在较大风险；位置偏远，气候恶劣，灾害救援的成本极高，且效果不确定。（每点2分，共6分。其他答案合理可酌情给分)》37.命题透析本题以京津冀城市物流空间联系为情景，考查京津冀地区物流联系的变化特征、物流联系变化的原因、物流联系变化的影响以及发展建议等，旨在考查考生获取和解读地理信息、调动和运用地理知识、描述和阐释地理事物、论证和探讨地理问题的能力，综合思维、区域认知的学科核心素养。答案要点(1)京津冀地区物流网络结构日趋复杂，物流联系强度日益增强；由京津双核心发展为多核心；河北各城市间的物流联系日益密切。（每点2分，共6分。其他答案合理可酌情给分）(2)京津冀地区城市间的经济联系日益密切；交通设施不断完善，物流专业化程度提高；受到京津冀城市协同发展国家政策的支持；北京疏解非首都职能，加强了与河北的联系。（任答其中3点，每点2分，共6分。其他答案合理可酌情给分)(3)促进河北各城市加快融入京津冀协同发展大格局；带动河北交通、通信等基础设施的建设；带动河北工业化水提升，增加就业机会。（每点2分，共6分。其他答案合理可酌情给分）(4)优化区域物流网络，提升天津、石家庄的物流辐射能力；完善物流设施，提升城市物流发展水；充分发挥港口的枢纽功能，加强海陆联运；注重规划引导和政策调控，统筹区域物流协同发展。（任答其中2点，每点2分，共4分。其他答案合理可酌情给分)43.命题透析本题以2020年黑龙江省部分城市冬季旅游受欢迎度统计图为情景，考查旅游开发、旅游资源相关知识，旨在考查考生获取和解读地理信息、调动和运用地理知识、论证和探讨地理问题的能力，综合思维、区域认知的学科核心素养。答案要点哈尔滨冬季旅游资源丰富；是省会城市，城市等级高，基础设施完善，接待能力强；交通便捷度高，方便游客到达；冰雪运动氛围浓，知名度高；冰灯、冰雕等冰雪文化活动多，冰雪旅游与其他旅游方式结合度高。（每点2分，共10分。其他答案合理可酌情给分）44.命题透析本题以王朗自然保护区为情景，考查自然保护区建立的背景和意义，旨在考查考生获取和解读地理信息、调动和运用地理知识、论证和探讨地理问题的能力，区域认知、综合思维、人地协调观的学科核心素养。答案要点不利影响：家畜会大量采食竹子，导致大熊猫食物短缺；牧民会移除灌木和其他林下植被，导致大熊猫栖息地生态退化严重；大熊猫被迫迁往高海拔地区，不利于产仔育幼，种群的长期生存受到威胁。（任答其中2点，每点2分，共4分。其他答案合理可酌情给分)意义：扩大了大熊猫的栖息地，保护并增加了大熊猫的数量；保护了保护区内其他特有物种，保护了生物多样性；有利于推动当地生态旅游的发展，促进生态、经济可持续发展。（每点2分，共6分。其他答案合理可酌情给分)—3

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纵坐标为yD,结合几何关系有yp=√3L(1分)4L=41(1分)tan60°=(1分)ath=2a421分)yp=yD一h(1分)·解得y=3L3所以P点的坐标为（一4L,)。1分）3(2)设D点的横坐标为xD,粒子在磁场中运动的轨迹半径为R,粒子在第一象限内运动间为2，结合几何关系有xD=2L(1分)R=2√3L(1分)2=D+πRv03(1分)t总=t十t2(1分)解得=2yB十18L。(1分)36(3)根据洛伦兹力提供向心力，结合牛顿运动定律有9%B=m%2R(1分)qE=ma(1分)解得2-品(1分)》【高三物理·参考答案第2页（共2页）】·24-237

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21.【示例答案一】满分阅兵不仅是战前的操练，更是在提醒自己不可懈怠。【示例答案二】满分阅兵不仅是战前的操练，更是提醒自己不可懈怠的仪式（或活动、方式、途径等，总之要有宾语）。【示例答案三】满分阅兵不

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②当m>0时，当xe02时，f=osx-1+g>cosx-1+2=cosx+1≥0，一)在(Q,受上是增函数，m>0不符合合燃意：综上，m的取值范围是(-o,0):…4分(2)令f'(x)=0,则m=

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递增f(b)=1.21+b=u/(3)=2.2=d21+2-1611+6名>11+6号-0无解故此时不存在实数4，b满足题意…@当a>1时，y=1+名在1，十)上单调递减。”8分六函数f)=g(1十，

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傍晚6：280▣日0.0K1s必⊙Rl令90颈联叙写自己触景生情：尾联以披裘者作所以，此句想到“蓬”的形象时十分沉重，有喻，言为官者应该有不取金的高洁品行。不忍之情，非道一声珍重可比。此诗一至三联都对

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中包含Be的个数为3+1+6×了=6，晶胞中包含0的个数为3+2×分+2×石=6,故晶胞质量为6×(9+16)g,该B0品体的密度为6×(9+16)N—g·cm-3。6X2a2×c×1021×NA(5)高温氯化的化学方程式为Be0+C+C,商温BeC,+C0,BeC,电解时在阳极生成氯气，在阴极析出金属铍。●17.【答案】(1)H:N:N:H(1分)HH(2)①(2分)(3)②(2分)①(2分)(4)①-93(2分)②2分)2Nl,一%+3(2分)③0.2分)）【解析】(2)NH,中配位原子是N,NO,配位原子是N,+2价铂离子配位数为4，[Pt(NH,),(N,H,)]Cl,中含有1个N2H4分子提供2个配位原子，故该配合物中肼是双齿配体；[P(NO2)2(N2H4)2]中2个肼分子提供2个配位原子，故该配合物中肼为单齿配体。(4)①反应热等于断裂化学键总键能与形成化学键总键能之差，故△H,=(391×4+160-945-436×2)kJ·mol=-3k·mol;②400K以下NH3物质的量最大，说明以反应ⅱ为主。根据反应式可知，x代表H2,y代表N2。根据键能数据计算，反应i和ⅱ都是放热反应，如果没有副反应发生，随着温度升高，N2、H,和NH的物质的量都减小，而从图像看出，随着温度升高，NH,的物质的量减小，H2的物质的量增大且增大程度大于N2,说明NH分解生成N,和H,;③设Q点体系中NH3、H,的物质的量分别为mmol、nmol。(i)N2H4(g)N2(g)+2H2(g)(i)3N,H4(g)一N2(g)+4NH(g)0.5n0.5n0.75m0.25mmQ点代表N,和NH3的物质的量相等，即m=0.5n+0.25m,且0.5n+0.75m=3a,解得：m=2a,n=3a,故i反应衡常数K=c(H,)·c(N,)-(3a)2x2ac(N,Ha)3-3aol2·L-2=6a1-amol2.L2。OH18.【答案】(1)羰基(1分)人〔(2分)(2)sp2、sp3(2分)CI(3)◇+HC1(2分)取代反应(2分)(4)6(2分)HCINaOH/H2CO(5)CH=CH,一定条件下CH,CH,C→CH,CH,OH一定条件下CH,CH,COOH(3分)【解析】根据A的分子式和C的结构简式可知A是苯，和B发生取代反应生成C,则B的结构简式为精品押题卷·化学六第4页（共5页）

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38.参考答案D口思路点拔根据上下文语境可知，体有锻炼和营养是应对压力的两个重要组成部分。且体育锻炼被证明是一。考查目标考查上下文衔接。种限好的减压方法，也有助于提高你的套体生活质量。故D选项“当你的

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