[黄冈八模]2024届高三模拟测试卷(四)4化学(辽宁)试题

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上进联者更专业更放心一站式考试服务专家换膜A为阴离子交换膜，左侧电极反应式为2H,0-4e一02↑+4H*,产生H+,故pH降低，B项错误；每生成0.1mol的Ni.CoLMn(0H)2,就相当于生成0.2mol0H,由电极反应式：2H,0+2e一H2↑+20H可知，理论上会生成0.1olH2,在标准状况下的体积为2.24L,C项正确；纯钛电极若直接放入Ⅱ室，会导致接受电子的物质不是水而是金属离子，导致金属单质的生成，前驱体产率降低，D项错误。15.【答案】I.(1)K(1分)排除装置中的空气，防止生成的NaS,04被氧化(2分)(2)吸收尾气和防止空气进入到乙装置(2分，答到1点给1分)Ⅱ.(1)D(1分)(2)3M0:+4H++5N0—3Mn2++5N03+2H,0(2分，反应物和生成物写错，未配不得分)》(3)在B装置中加入一定量的稀硫酸(2分，写“加入一定量的稀盐酸”给1分)(4)①69.0%(2分)②d(2分，选对1个得1分，多选或错选不得分)【解析】I.(1)连二亚硫酸钠在空气中极易被氧化，所以先通S02将装置中空气排尽，再滴加NOH溶液。(2)连二亚硫酸钠在空气中极易被氧化，装置丙的作用是防止空气进入乙，还有吸收$02尾气及防倒吸。Ⅱ.(1)为保证制得的亚硝酸钠的纯度，生成的一氧化氮需要在C装置中净化，主要目的是除去水蒸气、C02和可能出现的酸雾，因此盛放的试剂是碱石灰，其他几种均不能除去酸雾」(2)根据题意，E中N0被酸性高锰酸钾溶液氧化生成N0,,反应的离子方程式为3MO4+4H++5N0一3Mn2++5N0+2H20。(3)浓硝酸易挥发，A中生成的二氧化氮中会有少量硝酸蒸气逸出，二氧化氮与水反应也会生成硝酸，B中铜与硝酸反应仍有硝酸根离子剩余，从提高氮原子利用率的角度出发，可以在B装置中加入一定量的稀硫酸，使氮元素全部转化为NO。(4)①由题干信息可知，21.25mL数据与其他三组偏差较大，应舍去，则每次均消耗20.00 mL KMn(04溶液，由5Fe2+~Mn04可知，未与N02反应的Fe2+的物质的量为n(fe2+)=5×0.01×20×10-3=1×10-3mdl,则与N02反应的Fe2+的物质的量为0.10×20×10-3-1×10-3=1×10-3mol,由N02~Fe2+知，n(N02）:n(Fe2+)=1:1,即4(N05)-1×10-ml,则m(N0)-1×103×20×69=1.38g,故质量分数为28×100%=69.0%；②若滴定用时过长，会导致空气中的氧气氧化Fe2+,使测得滴定消耗KM04溶液的体积数据偏小，使测定结果偏高；未等30秒便立即读数可能使滴定不完全，KMnO,溶液的消耗数据偏小，导致测定结果偏高，ad正确。16.【答案】(1)粉碎矿石或搅拌(1分)(2)FeTa,0。+6NaOH商温2Na,Ta0,+Fe0+3H,0个(2分，反应物和生成物写错、未配不得分，漏掉条件或气体符号扣1分)(3)过滤(1分)NaSi0,、NaAl0,或Na[A1(OH)4]}(2分)(4)溶解Fe0,除去杂质元素Fe,将NaTa0,转化为Ta(OH),(2分，合理表述即可)(5)①<(2分)6(2分)②2×1021(2分)a-bN【解析】(1)能加快反应速率的措施是粉碎刊矿石、搅拌，但由于反应中没有气体参与，因此加压措施不能提速，且反应物为熔融状态，故升温和增大NOH浓度不能提速，同时题目已知信息提示Na,CO3的作用是降低熔点与黏度，因此提高Na2CO,浓度也不能提速。(2)根据题目信息知浸渣为NaTa04,“钠碱熔融”步骤不涉及氧化还原反应，因此由浸渣推到Ta化合价为+5价，则FeTa,0。中Fe的化合价为+2价；再根据题干提示产物是氧化物和Na3Ta04,则氧化物产物为Fe0和H,0,故反应的化学方程式为FeTa,0。+6NaOH商温2Na,Ta0,+e0+3H,0个。(3)富钽矿中主要杂质为酸性氧化物Si02和两性氧化物A1,0?,因此在碱熔过程生成对应钠盐，故答案为化学第3页（共5页）