[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1物理(江苏卷)答案

[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1物理(江苏卷)答案正在持续更新，目前2026百师联盟答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

x=,可知初速度不同，B项错误；运动员距：相等，故后轮边缘的线速度等于自行车前进的确；由于A、B两球的角速度相等，则球A的速离甲鼓的位置比距乙鼓的位置远，两鼓等高，球速度，大小为=or2户，D项正确。到达两鼓用时相等，击中甲鼓的水速度较大，1r2度大小oA=?√2g,B项错误：B球在最高点竖直方向速度相等，则实际击中的速度大小不【变式1】A【解析】由题意知拖把头转动时，对杆无弹力，此时A球受重力和拉力的合等，C项错误；甲鼓的位置比丁鼓位置高，球到的周期T=号s,则拖把头转动的角速度，力提供向心力，有F一mg=m咒，解得F达丁鼓用时较长，若某次发球能够击中甲鼓，用相同大小的速度发球可能击中丁鼓，D项正确。2红-14πrad/s,C项错误；拖把头边缘的线速2g,C项正确，D项错误」【例8】C【解析】物块的加速度a=gsin6,度=2-1,4怀m/,A项正确；拖把杆向下【变式3】AC【解析】在最低点Q时向心根据1=立，得1一√g9A,B两项错误：初加速度向上，小球处于超重状态，A项正确。小运动的速度2==0.35m/s,B项错误；拖球越过最高点的临界速度v=√g,即小球运迪度w-6√哥/gsin 0,C项正确，D项错误。动到最高点P时，速度要大于等于√g,根据把头的转速=丁=7/s,D项错误。【例9】D【解析】设第一次投篮时的初速度为n,其抛射角为日，篮球恰好空心命巾。根【例2】BD【解析】对小球受力分析，设轻动能定理得-mg·2l=之m2-之m2,解据抛体运动的规律可知，其运动时间t=弹簧弹力为Fr,轻弹簧与水方向的夹角为，得=√⑤gl,即小球在最低点的速度需满足2sin9,其水射程x=0(cos0)t=在竖直方向，由于PQ杆光滑，其轻弹簧拉力沿≥√5g(,才能通过最高点P,B项错误，C项PQ杆方向向上的分力等于小球重力，Frsin 0正确。在Q点，根据牛顿第二定律得F一mg22sn0cos0_2sim20,增加初速度大小，将ng,小球均相对PQ杆静止，0角不变，所以g弹簧弹力的大小一定不变，小球高度不变，A项=m，在P点，有十mg=m2,又篮球水抛出，篮球做抛运动，不可能空心命错误，B项正确。轻弹簧拉力沿水方向的分中，A项错误；只增加篮球的初速度大小，不改mg·2l=号m2-7o2,联立解得△F力和杆对小球的弹力的合力提供向心力，当转变投射角度，由水射程的表达式x速较小时，杆对小球的弹力背离转轴，FTcos日F1一F2=6mg,D项错误。2sin20,可知水射程增大，不可能空心命Fx=mrw2,解得FN=Frcos0一mw2r;当转【例5】AC【解析】设绳子与竖直方向的速较大时，杆对小球的弹力指向转轴，Frcos 0夹角为0，小球刚好离开圆锥筒时，圆锥筒的支中，B项错误；由于第一次投篮时日一45°，若只+Fx=nw2r,解得FN=mw2r一Frcos0,因w持力为0，则有ngtan0=molsin0,解得w增加篮球的投射角度，不改变篮球的初速度大>,所以山牛顿第三定律可知，小球对杆压力小，由水射程的表达式=s2,可知由√1c0s0则绳子越长，角速度的临界值越小，的大小不一定变大，C项错误。由匀速圆周运动的向心力公式F=mw2r可知，以w'匀速转动小球越容易离开圆锥筒，A项正确，B项错误；于sn20变小，所以水射程减小，不可能空心两个球都离开圆锥筒后，小球都只受重力与绳命中，C项错误；由于第一次投篮时8=45°，同时，所需的向心力增大，小球所受合外力的大小时增加篮球的初速度人小和投射角度，由水定变大，D项正确。子的拉力，两小球都随圆锥简一起转动，有相同射程的表达=s20,可知初速度增大，【例3】BC【解析】设列车转弯时内、外轨的角速度，则有小球的高度为h=lcos,代入数所在斜面的倾角为6，小球质量为，由于悬挂据解得h一是，C项正确；小球都离开圆锥筒时但sin20变小，所以水射程可能不变，有可能小球的细线与车厢侧壁行，即细线垂直内、外mg空心命巾，D项正确。轨所在斜血，可知细线与竖直方向的夹角为，绳子的拉力T一s由于绳了长度不同，则小【变式5】B【解析】球的运动是斜上抛运细线上的拉力FT与小球的重力mg的合力提球离开台时的夹角也不同，所以拉力也不相动，最后垂直墙进入洞里，则可以把它看成是从供小球做圆周运动的向心力，则FT=s洞开始的抛运动，从洞到高h的网过程中Hcos A同，D项错误。【变式4】B【解析】小球做幽项错误；车厢的重力与轨道的支持力的合力提h=令，得出=√面匀速圆周运动，对其受力分析如图供车厢做圆周运动的向心力，内、外轨道与轮缘g所示，则有ngtn日=2Isin0,√®25间均没有侧向挤压作州，B、C两项正确；由10s=0.4s,水方向上若恰好mgtan0=m得v=Vgrian0,在0与转弯处整理得Lc0sf=各，则两球处丁擦网，则1=t,得出0=上=5m/s,从墙洞同一高度，B项正确。的圆弧半径r已知时，可以求出列车转弯时的【例6】BD【解析】P经过图中D点时间的位置到人抛出球的位置处，竖直方向上.H一速率，D项错误。【变式2】AB【解析】设玩具小熊的质量ho=2gt2,得出t=0.6s。故人距离墙的水为=(+)7=01,2,3…),其中T=为，则玩具受到的重力mg、细线的拉力F距离至少为x=t=5×0.6m=3m,故要使球的合力提供玩具小熊随车做水面内圆周运动2红，小球自由下落的高度=？g,要使小球扔进洞，人必须站在离网距离至少为x'=x一L的向心力F(如图)，有ngtan0=ma,可知列车-3m一2m=1m处，B项正确。在转弯时的向心加速度大小为a=gtan0,A项与质点P相遇，则时间相等，所以h=2（g”第3讲圆周运动正确；列车的向心加速度a一gtan0,由列车的重力与轨道的支持力的合力提供，故列车与轨)广()当=0，有=器当=1有学基础知识道均无侧向挤压作用，B项正确；水杯的向心加要点速度a=gtan0,由水杯的重力与桌面的支持力ha-25gn,B、D两项符合题意。8w2①相等②不变③圆心④不变⑤速度的合力提供，水杯与桌面问的静摩擦力为零，【例7】BD【解析】在题图6驷⑦2=⑧2π@￥10w2r①大C、D两项错误。1中kmg=mw2r,ω=小越大，开始滑动时的角速度越②r③圆心④合力⑤分力6圆周运小，则a先滑动，A项错误；对木块a有fa动⑦向心力mw2(2l),对b有f6=2mw2l,即a、b所受的静基础诊断1.C2.C3.B4.AB摩擦力始终相等，B项正确；在题图2中，当讲关键能力【例1】D【解析】大齿轮与小齿轮是链条【例4】AC【解析】球B运动到最高点时，√停时，细线的拉力和最大静摩擦力提供木传动，线速度大小相等，有2n1=wr2,得ω杆对球B恰好无作用力，即重力恰好提供向心块做匀速圆周运动的向心力，如图所示，当最大2,小齿轮和后轮是同轴传动，角速度大小力，有mg=m鄂，解得明=√2®L,A项正静摩擦力的方向与细线垂直时，木块受到的合r223XKA(新)·物理一D版一XC·7