四令5c954121:57金科5月高三联考-河北.●(1)增大C0的水解程度,使油脂的水解更加彻底(2分,答案合理即可)(2)Mn2 O +H2 SO -MnO2 +MnSO +H2 O(2)(3)Fe(OH)(1分)1.0×1012(2分【高三5月质量检测·化学参考答案第2页(共4页)】HB(4)3Mn2++2MnO.+2H20—5MnO2¥+4H+(2分)(5)NH时水解生成的H能降低溶液的pH,不利于杂质氢氧化镍的生成(2分)(6)滴入最后一滴标准液,溶液恰好由橙黄色变为紫色且30s内不变色(1分)29.5(2分)【解析】(1)“碱洗”工序中,将N,CO,溶液加热煮沸的目的为增大CO的水解程度,使油脂的水解更加彻底。(2)“酸浸”工序中,MnO,与稀硫酸发生氧化还原反应的化学方程式为MnzO,+HSO,一MnO2MnSO,+H2O。(3)滤渣I的主要成分为Fe(OH)3:由已知③可知常温时K[Fc(OH)]-1.0×109,则当pH=5时Fe3已经沉淀完全,Fe3+在溶液中的残留浓度c(Fe3+)=K,[Fe(OH)a]÷c2(OH)=1.0X10-12mol·L-1。(4)由已知②可知pH=5时Mn2+和MnO,发生了归中反应,产物为MnO2,对应的离子方程式为3Mn++2MnO+2H205MnO2¥+4Ht。(5)与NaC,O,溶液相比,等浓度的(NH:),C,O,溶液由于NH水解生成的H,溶液的pH更小,不利于生成氢氧化镍。(6)由已知④可知滴定前溶液显橙黄色,到达滴定终点时溶液变回紫脲酸按的紫色,且半分钟内不变色:由Ni++HY2-—[NiY]2-+2H可知,25mL溶液中含有的N+的物质的量为0.1000mol/L×12.50×10L=1,25×103mol,则NiC,0,·2H,0产品中镍元素的含量=10X1.25×10mol×59g/m@l×2.5g100%=29.5%。16.【答案】(1)+41(2分)E正(1分》(2)①L(1分)反应I和反应Ⅱ均为吸热反应,故两个反应对应的nK均随丁的增大而诚小,但由于△H,更大,则由nK=一.子+C可知表示反应I的是斜率更大的曲线L(2分,答案合理即可)②1(2分)(3)>(1分)随着混合气体流速的提高,反应物与催化剂的接触时间减少,部分反应物没来得及反应就从反应器中流出(2分)(4)阳极(1分)CH,-6e+HOCO十6H(2分)【解析】(1)根据盖斯定律,△H2=△H1十△H=十41k·mol1:吸热反应的正反应活化能大于逆反应活化能。(2)①反应I和反应Ⅱ的正反应均为吸热反应,升高温度平衡正向移动,K值增大,即lK随三增大而减小,且△H>△H2,故图1中斜率较大的L:曲线对应反应I:②反应Ⅲ的平衡常数K(Ⅲ)=K()÷K(I),T温度下K(I)=K(Ⅱ),故K(Ⅲ)=1。(3)由图2可知,900℃时且n(H2O):n(CH)=4:1时,CH,的平衡转化率为75%,故图3中曲线上的点均未达到平衡,均在向正反应方向进行,故P点的>运;随着混合气体流速的提高,反应物与催化剂的接触时间减少,部分反应物没来得及反应就从反应器中流出,导致CH的转化率下降(4)通入CH(g)的应为阳极,电极反应式为CH,一6e十HOCO+6H+。17.【答案】(1)d(1分)球形(1分)(2)①O>N>C>H(2分)②14(2分)(3)C(1分)>(1分)(4)同周期Mo原子半径更小,含有的价电子更多,形成的金属键更强(2分)●(5)①6(1分(2分)》②2×962+3D(2分)(W2a×107)3Na【高三5月质量检测·化学参考答案第3页(共4页)】HB【解析】(1)由基态Mo原子的核外电子排布式可知其为42号元素,属于周期表中的d区元素:其最高能级上的5s电子的电子云轮廓形状为球形。(2)①该物质中涉及到的非金属元素电负性由大到小的顺序为O>N>C>H:②该分子中采用sp杂化的非金属元素的原子有2个苯环上的12个C原子和与Mo以双键结合的N原子和C原子,共14个(3)Mo(CO)a中提供孤电子对的是C原子:配合物中碳氧三键的键长大于CO分子中的碳氧三(4)Mo与Rb同周期,但Mo原子半径更小,价电子更多,形成的金属键更强,故Mo的熔点更(5)①由晶胞结构可知P原子的配位数为6:以A为原点建立三维坐标系,画出晶胞中各原子氵图就是各原子在底面上的透视图:②若晶胞中距离最近的Mo原子之间的距离为am,则√2a×107cm,体积为(√2aX10-7)3cm3,由均摊法可知品胞中含有2个Mo2P,晶体密度为2×(96×2+31)(2aX10-7)3Ng·cm3。18.【答案】(1)邻羟基苯甲醛(或2-羟基苯甲醛)(1分)CH,NO,(2分其他应用打开