2024届高三第一轮复习周测卷·物理[24·G3ZCJ·物理-HKB-必考-SX](11-15)生物考试试卷答案

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受到的拉力水平分量和竖直分量均减小，a对地面的压力增大，与地面间的最大静摩擦力增加，m=2.25m,木板位移为x-2+2心。拉力的水平分量不能克服最大静摩擦力，故始(×1+3)m=675m,在4-1.6周，2a2终保持静止，故D正确4.C在力F作用下，由于号nigtan0-3&,恰物块与木板间仍有相对滑动，物块的加速度大小a,=g一2ms木板的加速度大小为a,:好等于号m(a,一写&)，说明小球恰好不离开e·2mg-Bimg-ma,,得a,=6ms,物块到3停止的时间还霜一导=号2s=1.55,木板到3mg_23斜面，弹簧拉力工元c0s日9”mg,撤去力F停止的时间还需。-品号s=05,所以木的解间，弹簧弹力不发生突变，仍为2，g,小板比物块早停止运动.在6一1.5s到物块停止32球受力不变，小球对斜面的压力大小为零，AB运动的时间内物块的位移为嘉麦。32错误小球受力不变，加速度不变，仍为写Dm=2.25m,木板位移为x一2aF2×6m=0.75m,物块最终停止时的位置与木板右端间错误；设斜面体的加速度大小设为a,则Tcos0的距离为△s=x2+x2-（x1十x1)=[6.75+0.=ma,解得a-g,C正确.故选C75-(2.25+2.25)]m=3m,选项C正确；由上可知，物块从开始到停止运动的时间为3$，2s5.D对C进行受时的速度不为0，选项D错误，故选C.力分析，如图7.BC10s末运动员的速度方向仍然为正方向，故A所示，设B对错误；15s未开始图像的加速度为零，运动员C的支持力做匀速直线运动，故B正确；010、内，如果与竖直方向的夹角为0，物体做匀加速直线运动，平均速度。=0士40根据几何关m/s=20m/s,而运动员在0~10s内的位移大系可得sin0于做匀加速直线运动的位移，由。-乙知，时间2R2相同，位移x越大，平均速度就越大，所以运动所以0=30°；同理可得，A对C的支持力与竖直员在0~10s的平均速度大于20m/s,故C正方向的夹角也为30°；原来C处于静止状态，根确；图像的斜率表示加速度，10~15s斜率绝据平衡条件可得FNB sin30°=FNA sin30°，令C对值逐渐减小，说明10一15s运动员做加速度的加速度为a,根据正交分解以及牛顿第二定律逐渐减小的减速运动，故D错误有FNB sin30°-F4'sin30°=ma,FNB cOs308.ACD由于球沿斜槽无摩擦滑动，系统具有相同的FM'cos30°=mg,可见A对C的支持力减加速度，则m总a=m总gsin a解得a-gsin a,小、B对C的支持力增大，故A、B错误；当A对小孩与抱枕做匀加速直线运动，隔离对小孩C的支持力为零时，根据牛顿第二定律可得和抱枕分析，加速度a(m1+m2)=(m1+m2)mgan30r一ma,解得a=号g,则C错误，Dgsin B解得a=gsin B,可得a一B即角B一定等于角a,故AC正确，B错误；对人和抱枕正确整体分析，根据平行四边形定则知绳子的拉6.C由图像可知，撤去拉力F前，物块在木板上一直力Fr=(m1+m2)gcos a,抱枕对小孩的作用有相对运动，否则，撤去拉力F后，木板的o一t力方向沿绳子方向向上，大小为N一m2gcos图像不可能是两段折线.在1~1.5s内，物块加。,则绳子拉力与抱枕对小孩的作用力之比为速、木板减速，设它们的加速度大小分别为a1Fr:N=(m十m2):m2,故D正确.故a则。=。m/s2-2m/s2,a,选ACD.9.BC运动员在曝光的中间时刻的速度等于运动员△15号1m/s=10m/s,设物块与木板之△28-3在曝光时间内运动的平均速度，有一。-间的动摩擦因数为4，木板与地面之间的动摩擦因数2，则有对物块mg=ma1;1mg十20.2m/s=15m/s,A错误；设游客从起点到3·2mg=ma2,得h=0,2,2=0.4,撤去拉力F本次曝光的中间时刻的位移为x,则有一0前，木板的加速度a一会智-8mg,对木板，根=2ax,解得a=5.0m/s2,B正确；根据牛顿第二定律，有mgsin37°一mgcos37°=ma,解得据牛顿第二定律有F-(mg十2·2mg)ma。得F=l8N,选项A错误；由上可知，物块H一8，C正确，D错误.故选BC与木板间的动摩擦因数为=0.2，选项B错10.CDC的速度最大时，加速度为0，此时有aa=ac32一0，对C受力分析可知绳子拉力F拉三cg误；在1=1.5s内，物块位移为一2a1一2×2对B受力分析可知F拉=ngsin0,联立解得S3·滚动周测卷·物理答案第5页（共16页）